LeetCode 2201. 统计可以提取的工件（哈希）

文章目录

1. 题目
2. 解题

1. 题目

存在一个 n x n 大小、下标从 0 开始的网格，网格中埋着一些工件。给你一个整数 n 和一个下标从 0 开始的二维整数数组 artifacts ，artifacts 描述了矩形工件的位置，其中 artifacts[i] = [r1i, c1i, r2i, c2i] 表示第 i 个工件在子网格中的填埋情况：

(r1i, c1i) 是第 i 个工件左上单元格的坐标，且
(r2i, c2i) 是第 i 个工件右下单元格的坐标。

你将会挖掘网格中的一些单元格，并清除其中的填埋物。
如果单元格中埋着工件的一部分，那么该工件这一部分将会裸露出来。
如果一个工件的所有部分都都裸露出来，你就可以提取该工件。

给你一个下标从 0 开始的二维整数数组 dig ，其中 dig[i] = [ri, ci] 表示你将会挖掘单元格 (ri, ci) ，返回你可以提取的工件数目。

生成的测试用例满足：

不存在重叠的两个工件。
每个工件最多只覆盖 4 个单元格。
dig 中的元素互不相同。

示例 1：
输入：n = 2, artifacts = [[0,0,0,0],[0,1,1,1]], dig = [[0,0],[0,1]]
输出：1
解释：
不同颜色表示不同的工件。挖掘的单元格用 'D' 在网格中进行标记。
有 1 个工件可以提取，即红色工件。
蓝色工件在单元格 (1,1) 的部分尚未裸露出来，所以无法提取该工件。
因此，返回 1 。

示例 2：
输入：n = 2, artifacts = [[0,0,0,0],[0,1,1,1]], dig = [[0,0],[0,1],[1,1]]
输出：2
解释：红色工件和蓝色工件的所有部分都裸露出来（用 'D' 标记），都可以提取。因此，返回 2 。 提示：
1 <= n <= 1000
1 <= artifacts.length, dig.length <= min(n2, 10^5)
artifacts[i].length == 4
dig[i].length == 2
0 <= r1i, c1i, r2i, c2i, ri, ci <= n - 1
r1i <= r2i
c1i <= c2i
不存在重叠的两个工件
每个工件 最多 只覆盖 4 个单元格
dig 中的元素互不相同

来源：力扣（LeetCode）
链接：https://leetcode-cn.com/problems/count-artifacts-that-can-be-extracted
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2. 解题

把坐标位置哈希化(x*k+y) 存入哈希表
遍历所有的工件的所有位置，去哈希表里查找，如果有不存在的就不能挖出来

class Solution {public:int digArtifacts(int n, vector<vector<int>>& artifacts, vector<vector<int>>& dig) {unordered_set<int> d;for(auto& di : dig)d.insert((di[0]<<10)+di[1]);int ans = 0;for(auto& a : artifacts){int r1 = a[0], r2 = a[2], c1 = a[1], c2 = a[3];bool ok = true;for(int i = r1; i <= r2; ++i){for(int j = c1; j <= c2; ++j){int hash = (i<<10)+j;if(d.find(hash) == d.end()){ok = false;break;}}if(!ok) break;}if(ok)ans++;}return ans;        }
};

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