高等数学(第七版)同济大学 习题1-3 个人解答
高等数学(第七版)同济大学 习题1-3
1. 对 图 1 − 26 所 示 的 函 数 f ( x ) , 求 下 列 极 限 , 如 极 限 不 存 在 , 说 明 理 由 。 \begin{aligned}&1. \ 对图1-26所示的函数f(x),求下列极限,如极限不存在,说明理由。&\end{aligned} 1. 对图1−26所示的函数f(x),求下列极限,如极限不存在,说明理由。
( 1 ) lim x → − 2 f ( x ) ; ( 2 ) lim x → − 1 f ( x ) ; ( 3 ) lim x → 0 f ( x ) \begin{aligned} &\ \ (1)\ \lim_{x\rightarrow -2}f(x);\ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ (2)\ \lim_{x\rightarrow -1}f(x);\\\\ &\ \ (3)\ \lim_{x\rightarrow 0}f(x) \\\\ & \end{aligned} (1) x→−2limf(x); (2) x→−1limf(x); (3) x→0limf(x)
解:
( 1 ) 极 限 存 在 , lim x → − 2 f ( x ) = 0 。 ( 2 ) 极 限 存 在 , lim x → − 1 f ( x ) = − 1 。 ( 3 ) 极 限 不 存 在 , lim x → 0 − f ( x ) = − 1 , lim x → 0 + f ( x ) = 1 , 左 极 限 和 右 极 限 不 相 等 , 所 以 极 限 不 存 在 。 \begin{aligned} &\ \ (1)\ 极限存在,\lim_{x\rightarrow -2}f(x)=0。\\\\ &\ \ (2)\ 极限存在,\lim_{x\rightarrow -1}f(x)=-1。\\\\ &\ \ (3)\ 极限不存在,\lim_{x\rightarrow0^-}f(x)=-1,\lim_{x\rightarrow0^+}f(x)=1,左极限和右极限不相等,所以极限不存在。\\\\ & \end{aligned} (1) 极限存在,x→−2limf(x)=0。 (2) 极限存在,x→−1limf(x)=−1。 (3) 极限不存在,x→0−limf(x)=−1,x→0+limf(x)=1,左极限和右极限不相等,所以极限不存在。
2. 对 图 1 − 27 所 示 的 函 数 f ( x ) , 下 列 陈 述 中 哪 些 是 对 的 , 哪 些 是 错 的 ? \begin{aligned}&2. \ 对图1-27所示的函数f(x),下列陈述中哪些是对的,哪些是错的? &\end{aligned} 2. 对图1−27所示的函数f(x),下列陈述中哪些是对的,哪些是错的?
( 1 ) lim x → 0 f ( x ) 不 存 在 ; ( 2 ) lim x → 0 f ( x ) = 0 ; ( 3 ) lim x → 0 f ( x ) = 1 ( 4 ) lim x → 1 f ( x ) = 0 ; ( 5 ) lim x → 1 f ( x ) 不 存 在 ; ( 6 ) 对 每 个 x 0 ∈ ( − 1 , 1 ) , lim x → x 0 f ( x ) 存 在 。 \begin{aligned} &\ \ (1)\ \lim_{x\rightarrow0}f(x)不存在;\ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ (2)\ \lim_{x\rightarrow 0}f(x)=0;\\\\ &\ \ (3)\ \lim_{x\rightarrow 0}f(x)=1 \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ (4)\ \lim_{x\rightarrow1}f(x)=0;\\\\ &\ \ (5)\ \lim_{x\rightarrow1}f(x)不存在;\ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ (6)\ 对每个x_0 \in (-1, \ 1),\lim_{x\rightarrow x_0}f(x)存在。\\\\ & \end{aligned} (1) x→0limf(x)不存在; (2) x→0limf(x)=0; (3) x→0limf(x)=1 (4) x→1limf(x)=0; (5) x→1limf(x)不存在; (6) 对每个x0∈(−1, 1),x→x0limf(x)存在。
解:
( 1 ) 错 , 极 限 存 在 , lim x → 0 f ( x ) = 0 。 ( 2 ) 对 。 ( 3 ) 错 , 极 限 为 0 。 ( 4 ) 错 , 极 限 不 存 在 , lim x → 1 − f ( x ) = − 1 , lim x → 1 + f ( x ) = 1 , 左 右 极 限 不 相 等 , 所 以 极 限 不 存 在 。 ( 5 ) 对 。 ( 6 ) 对 。 \begin{aligned} &\ \ (1)\ 错,极限存在,\lim_{x\rightarrow 0}f(x)=0。\\\\ &\ \ (2)\ 对。\\\\ &\ \ (3)\ 错,极限为0。\\\\ &\ \ (4)\ 错,极限不存在,\lim_{x\rightarrow 1^-}f(x)=-1,\lim_{x\rightarrow 1^+}f(x)=1,左右极限不相等,所以极限不存在。\\\\ &\ \ (5)\ 对。\\\\ &\ \ (6)\ 对。\\\\ & \end{aligned} (1) 错,极限存在,x→0limf(x)=0。 (2) 对。 (3) 错,极限为0。 (4) 错,极限不存在,x→1−limf(x)=−1,x→1+limf(x)=1,左右极限不相等,所以极限不存在。 (5) 对。 (6) 对。
3. 对 图 1 − 28 所 示 的 函 数 , 下 列 陈 述 中 哪 些 是 对 的 , 哪 些 是 错 的 ? \begin{aligned}&3. \ 对图1-28所示的函数,下列陈述中哪些是对的,哪些是错的? &\end{aligned} 3. 对图1−28所示的函数,下列陈述中哪些是对的,哪些是错的?
( 1 ) lim x → − 1 + f ( x ) = 1 ; ( 2 ) lim x → − 1 − f ( x ) 不 存 在 ; ( 3 ) lim x → 0 f ( x ) = 0 ( 4 ) lim x → 0 f ( x ) = 1 ; ( 5 ) lim x → 1 − f ( x ) = 1 ; ( 6 ) lim x → 1 + f ( x ) = 0 ; ( 7 ) lim x → 2 − f ( x ) = 0 ; ( 8 ) lim x → 2 f ( x ) = 0 ; \begin{aligned} &\ \ (1)\ \lim_{x\rightarrow-1^+}f(x)=1;\ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ (2)\ \lim_{x\rightarrow -1^-}f(x)不存在;\\\\ &\ \ (3)\ \lim_{x\rightarrow 0}f(x)=0 \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ (4)\ \lim_{x\rightarrow0}f(x)=1;\\\\ &\ \ (5)\ \lim_{x\rightarrow1^-}f(x)=1;\ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ (6)\ \lim_{x \rightarrow1^+}f(x)=0;\\\\ &\ \ (7)\ \lim_{x\rightarrow2^-}f(x)=0;\ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ (8)\ \lim_{x \rightarrow2}f(x)=0;\\\\ & \end{aligned} (1) x→−1+limf(x)=1; (2) x→−1−limf(x)不存在; (3) x→0limf(x)=0 (4) x→0limf(x)=1; (5) x→1−limf(x)=1; (6) x→1+limf(x)=0; (7) x→2−limf(x)=0; (8) x→2limf(x)=0;
解:
( 1 ) 对 。 ( 2 ) 对 。 ( 3 ) 对 。 ( 4 ) 错 。 lim x → 0 f ( x ) = 0 , 而 f ( 0 ) = 1 。 ( 5 ) 对 。 ( 6 ) 对 。 ( 7 ) 对 。 ( 8 ) 错 。 lim x → 2 − f ( x ) = 0 , lim x → 2 + f ( x ) 不 存 在 , 所 以 极 限 不 存 在 。 \begin{aligned} &\ \ (1)\ 对。\\\\ &\ \ (2)\ 对。\\\\ &\ \ (3)\ 对。\\\\ &\ \ (4)\ 错。\lim_{x \rightarrow 0}f(x)=0,而f(0)=1。\\\\ &\ \ (5)\ 对。\\\\ &\ \ (6)\ 对。\\\\ &\ \ (7)\ 对。\\\\ &\ \ (8)\ 错。\lim_{x \rightarrow 2^-}f(x)=0,\lim_{x \rightarrow 2^+}f(x)不存在,所以极限不存在。\\\\ & \end{aligned} (1) 对。 (2) 对。 (3) 对。 (4) 错。x→0limf(x)=0,而f(0)=1。 (5) 对。 (6) 对。 (7) 对。 (8) 错。x→2−limf(x)=0,x→2+limf(x)不存在,所以极限不存在。
4. 求 f ( x ) − x x , φ ( x ) = ∣ x ∣ x 当 x → 0 时 的 左 、 右 极 限 , 并 说 明 它 们 在 x → 0 时 的 极 限 是 否 存 在 \begin{aligned}&4. \ 求f(x)-\frac{x}{x},\varphi(x)=\frac{|x|}{x}当x\rightarrow0时的左、右极限,并说明它们在x\rightarrow0时的极限是否存在&\end{aligned} 4. 求f(x)−xx,φ(x)=x∣x∣当x→0时的左、右极限,并说明它们在x→0时的极限是否存在
解:
lim x → 0 − f ( x ) = x x = 1 , lim x → 0 + f ( x ) = x x = 1 , 因 为 lim x → 0 − f ( x ) = lim x → 0 + f ( x ) , 所 以 lim x → 0 f ( x ) = 1 。 lim x → 0 − φ ( x ) = − x x = − 1 , lim x → 0 + φ ( x ) = x x = 1 , 因 为 lim x → 0 − φ ( x ) ≠ lim x → 0 + φ ( x ) , 所 以 lim x → 0 φ ( x ) 的 极 限 不 存 在 。 \begin{aligned} &\ \ \lim_{x \rightarrow 0^-}f(x)=\frac{x}{x}=1,\lim_{x \rightarrow 0^+}f(x)=\frac{x}{x}=1,因为\lim_{x \rightarrow 0^-}f(x)=\lim_{x \rightarrow 0^+}f(x),所以\lim_{x \rightarrow 0}f(x)=1。\\\\ &\ \ \lim_{x \rightarrow 0^-}\varphi(x)=\frac{-x}{x}=-1,\lim_{x \rightarrow 0^+}\varphi(x)=\frac{x}{x}=1,因为\lim_{x \rightarrow 0^-}\varphi(x) \neq \lim_{x \rightarrow 0^+}\varphi(x),所以\lim_{x \rightarrow 0}\varphi(x)的极限不存在。\\\\ & \end{aligned} x→0−limf(x)=xx=1,x→0+limf(x)=xx=1,因为x→0−limf(x)=x→0+limf(x),所以x→0limf(x)=1。 x→0−limφ(x)=x−x=−1,x→0+limφ(x)=xx=1,因为x→0−limφ(x)=x→0+limφ(x),所以x→0limφ(x)的极限不存在。
5. 根 据 函 数 极 限 的 定 义 证 明 : \begin{aligned}&5. \ 根据函数极限的定义证明:&\end{aligned} 5. 根据函数极限的定义证明:
( 1 ) lim x → 3 ( 3 x − 1 ) = 8 ; ( 2 ) lim x → 2 ( 5 x + 2 ) = 12 ; ( 3 ) lim x → − 2 x 2 − 4 x + 2 = − 4 ; ( 4 ) lim x → 1 2 1 − 4 x 2 2 x + 1 = 2 \begin{aligned} &\ \ (1)\ \lim_{x \rightarrow 3}(3x-1)=8;\ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ (2)\ \lim_{x \rightarrow 2}(5x+2)=12;\\\\ &\ \ (3)\ \lim_{x \rightarrow -2}\frac{x^2-4}{x+2}=-4; \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ (4)\ \lim_{x \rightarrow \frac{1}{2}}\frac{1-4x^2}{2x+1}=2\\\\ & \end{aligned} (1) x→3lim(3x−1)=8; (2) x→2lim(5x+2)=12; (3) x→−2limx+2x2−4=−4; (4) x→21lim2x+11−4x2=2
解:
( 1 ) 因 为 ∣ ( 3 x − 1 ) − 8 ∣ = ∣ 3 x − 9 ∣ = 3 ∣ x − 3 ∣ , 要 使 ∣ ( 3 x − 1 ) − 8 ∣ < ε , 只 要 ∣ x − 3 ∣ < ε 3 , 所 以 ∀ ε > 0 , 取 δ = ε 3 , 则 当 0 < ∣ x − 3 ∣ < δ 时 , 就 有 ∣ ( 3 x − 1 ) − 8 ∣ < ε , 即 lim x → 3 ( 3 x − 1 ) = 8 。 ( 2 ) 因 为 ∣ ( 5 x + 2 ) − 12 ∣ = ∣ 5 x − 10 ∣ = 5 ∣ x − 2 ∣ , 要 使 ∣ ( 5 x + 2 ) − 12 ∣ < ε , 只 要 ∣ x − 2 ∣ < ε 5 , 所 以 ∀ ε > 0 , 取 δ = ε 5 , 则 当 0 < ∣ x − 2 ∣ < δ 时 , 就 有 ∣ ( 5 x + 2 ) − 12 ∣ < ε , 即 lim x → 2 ( 5 x + 2 ) = 12 ( 3 ) 因 为 x → − 2 , x ≠ − 2 , ∣ x 2 − 4 x + 2 − ( − 4 ) ∣ = ∣ ( x + 2 ) 2 x + 2 ∣ = ∣ x − ( − 2 ) ∣ , 要 使 ∣ x 2 − 4 x + 2 − ( − 4 ) ∣ < ε , 只 要 ∣ x − ( − 2 ) ∣ < ε , 所 以 ∀ ε > 0 , 取 δ = ε , 则 当 0 < ∣ x − ( − 2 ) ∣ < δ 时 , 就 有 ∣ x 2 − 4 x + 2 − ( − 4 ) ∣ < ε , 即 lim x → − 2 x 2 − 4 x + 2 = − 4 。 ( 4 ) 因 为 x → − 1 2 , x ≠ − 1 2 , ∣ 1 − 4 x 2 2 x + 1 − 2 ∣ = ∣ 1 − 2 x − 2 ∣ = 2 ∣ x − ( − 1 2 ) ∣ , 要 使 ∣ 1 − 4 x 2 2 x + 1 − 2 ∣ < ε , 只 要 ∣ x − ( − 1 2 ) ∣ < ε 2 , 所 以 ∀ ε > 0 , 取 δ = ε 2 , 则 当 0 < ∣ x − ( − 1 2 ) ∣ < δ 时 , 就 有 ∣ 1 − 4 x 2 2 x + 1 − 2 ∣ < ε , 即 lim x → 1 2 1 − 4 x 2 2 x + 1 = 2 。 \begin{aligned} &\ \ (1)\ 因为|(3x-1)-8|=|3x-9|=3|x-3|,要使|(3x-1)-8| \lt \varepsilon,只要|x-3| \lt \frac{\varepsilon}{3},所以\forall\ \varepsilon \gt 0,取\delta=\frac{\varepsilon}{3},\\\\ &\ \ \ \ \ \ \ \ 则当0 \lt |x-3| \lt \delta时,就有|(3x-1)-8| \lt \varepsilon,即\lim_{x \rightarrow 3}(3x-1)=8。\\\\ &\ \ (2)\ 因为|(5x+2)-12|=|5x-10|=5|x-2|,要使|(5x+2)-12| \lt \varepsilon,只要|x-2| \lt \frac{\varepsilon}{5},所以\forall\ \varepsilon \gt 0,取\delta=\frac{\varepsilon}{5},\\\\ &\ \ \ \ \ \ \ \ 则当0 \lt |x-2| \lt \delta时,就有|(5x+2)-12| \lt \varepsilon,即\lim_{x \rightarrow 2}(5x+2)=12\\\\ &\ \ (3)\ 因为x \rightarrow -2,x \neq -2,\left|\frac{x^2-4}{x+2}-(-4)\right|=\left|\frac{(x+2)^2}{x+2}\right|=|x-(-2)|,要使\left|\frac{x^2-4}{x+2}-(-4)\right| \lt \varepsilon,只要|x-(-2)| \lt \varepsilon,\\\\ &\ \ \ \ \ \ \ \ 所以\forall\ \varepsilon \gt 0,取\delta=\varepsilon,则当0 \lt |x-(-2)| \lt \delta时,就有\left|\frac{x^2-4}{x+2}-(-4)\right| \lt \varepsilon,即\lim_{x \rightarrow -2}\frac{x^2-4}{x+2}=-4。\\\\ &\ \ (4)\ 因为x \rightarrow -\frac{1}{2},x \neq -\frac{1}{2},\left|\frac{1-4x^2}{2x+1}-2\right|=|1-2x-2|=2\left|x-\left(-\frac{1}{2}\right)\right|,要使\left|\frac{1-4x^2}{2x+1}-2\right| \lt \varepsilon,\\\\ &\ \ \ \ \ \ \ \ 只要\left|x-\left(-\frac{1}{2}\right)\right|\lt \frac{\varepsilon}{2},所以\forall\ \varepsilon \gt 0,取\delta=\frac{\varepsilon}{2},则当0 \lt \left|x-\left(-\frac{1}{2}\right)\right| \lt \delta时,就有\left|\frac{1-4x^2}{2x+1}-2\right| \lt \varepsilon,\\\\ &\ \ \ \ \ \ \ \ \ 即\lim_{x \rightarrow \frac{1}{2}}\frac{1-4x^2}{2x+1}=2。\\\\ & \end{aligned} (1) 因为∣(3x−1)−8∣=∣3x−9∣=3∣x−3∣,要使∣(3x−1)−8∣<ε,只要∣x−3∣<3ε,所以∀ ε>0,取δ=3ε, 则当0<∣x−3∣<δ时,就有∣(3x−1)−8∣<ε,即x→3lim(3x−1)=8。 (2) 因为∣(5x+2)−12∣=∣5x−10∣=5∣x−2∣,要使∣(5x+2)−12∣<ε,只要∣x−2∣<5ε,所以∀ ε>0,取δ=5ε, 则当0<∣x−2∣<δ时,就有∣(5x+2)−12∣<ε,即x→2lim(5x+2)=12 (3) 因为x→−2,x=−2,∣∣∣∣x+2x2−4−(−4)∣∣∣∣=∣∣∣∣x+2(x+2)2∣∣∣∣=∣x−(−2)∣,要使∣∣∣∣x+2x2−4−(−4)∣∣∣∣<ε,只要∣x−(−2)∣<ε, 所以∀ ε>0,取δ=ε,则当0<∣x−(−2)∣<δ时,就有∣∣∣∣x+2x2−4−(−4)∣∣∣∣<ε,即x→−2limx+2x2−4=−4。 (4) 因为x→−21,x=−21,∣∣∣∣2x+11−4x2−2∣∣∣∣=∣1−2x−2∣=2∣∣∣∣x−(−21)∣∣∣∣,要使∣∣∣∣2x+11−4x2−2∣∣∣∣<ε, 只要∣∣∣∣x−(−21)∣∣∣∣<2ε,所以∀ ε>0,取δ=2ε,则当0<∣∣∣∣x−(−21)∣∣∣∣<δ时,就有∣∣∣∣2x+11−4x2−2∣∣∣∣<ε, 即x→21lim2x+11−4x2=2。
6. 根 据 函 数 极 限 的 定 义 证 明 : \begin{aligned}&6. \ 根据函数极限的定义证明:&\end{aligned} 6. 根据函数极限的定义证明:
( 1 ) lim x → ∞ 1 + x 3 2 x 3 = 1 2 ; ( 2 ) lim x → + ∞ s i n x x = 0 ; \begin{aligned} &\ \ (1)\ \lim_{x \rightarrow \infty}\frac{1+x^3}{2x^3}=\frac{1}{2};\ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ \ (2)\ \lim_{x \rightarrow +\infty}\frac{sin\ x}{\sqrt{x}}=0;\\\\ & \end{aligned} (1) x→∞lim2x31+x3=21; (2) x→+∞limx sin x=0;
解:
( 1 ) 因 为 ∣ 1 + x 3 2 x 3 − 1 2 ∣ = 1 2 ∣ x ∣ 3 , 要 使 ∣ 1 + x 3 2 x 3 − 1 2 ∣ < ε , 只 要 1 2 ∣ x ∣ 3 < ε , 即 ∣ x ∣ > 1 2 ε 3 , 所 以 ∀ ε > 0 , 取 X = 1 2 ε 3 , 则 当 ∣ x ∣ > X 时 , 就 有 ∣ 1 + x 3 2 x 3 − 1 2 ∣ < ε , 即 lim x → ∞ 1 + x 3 2 x 3 = 1 2 。 ( 2 ) 因 为 ∣ s i n x x − 0 ∣ ≤ 1 x , 要 使 ∣ s i n x x − 0 ∣ < ε , 只 要 1 x < ε , 即 x > 1 ε 2 , 所 以 ∀ ε > 0 , 取 X = 1 ε 2 , 则 当 x > X 时 , 就 有 ∣ s i n x x − 0 ∣ < ε , 即 lim x → + ∞ s i n x x = 0 。 \begin{aligned} &\ \ (1)\ 因为\left|\frac{1+x^3}{2x^3}-\frac{1}{2}\right|=\frac{1}{2|x|^3},要使\left|\frac{1+x^3}{2x^3}-\frac{1}{2}\right| \lt \varepsilon,只要\frac{1}{2|x|^3} \lt \varepsilon,即|x| \gt \frac{1}{\sqrt[3]{2\varepsilon}},所以\forall\ \varepsilon \gt 0,取X=\frac{1}{\sqrt[3]{2\varepsilon}},\\\\ &\ \ \ \ \ \ \ \ 则当|x| \gt X时,就有\left|\frac{1+x^3}{2x^3}-\frac{1}{2}\right| \lt \varepsilon,即\lim_{x \rightarrow \infty}\frac{1+x^3}{2x^3}=\frac{1}{2}。\\\\ &\ \ (2)\ 因为\left|\frac{sin\ x}{\sqrt{x}}-0\right| \le \frac{1}{\sqrt{x}},要使\left|\frac{sin\ x}{\sqrt{x}}-0\right| \lt \varepsilon,只要\frac{1}{\sqrt{x}} \lt \varepsilon,即x \gt \frac{1}{\varepsilon^2},所以\forall\ \varepsilon \gt 0,取X=\frac{1}{\varepsilon^2},\\\\ &\ \ \ \ \ \ \ \ 则当x \gt X时,就有\left|\frac{sin\ x}{\sqrt{x}}-0\right| \lt \varepsilon,即\lim_{x \rightarrow +\infty}\frac{sin\ x}{\sqrt{x}}=0。\\\\ & \end{aligned} (1) 因为∣∣∣∣2x31+x3−21∣∣∣∣=2∣x∣31,要使∣∣∣∣2x31+x3−21∣∣∣∣<ε,只要2∣x∣31<ε,即∣x∣>32ε 1,所以∀ ε>0,取X=32ε 1, 则当∣x∣>X时,就有∣∣∣∣2x31+x3−21∣∣∣∣<ε,即x→∞lim2x31+x3=21。 (2) 因为∣∣∣∣x sin x−0∣∣∣∣≤x 1,要使∣∣∣∣x sin x−0∣∣∣∣<ε,只要x 1<ε,即x>ε21,所以∀ ε>0,取X=ε21, 则当x>X时,就有∣∣∣∣x sin x−0∣∣∣∣<ε,即x→+∞limx sin x=0。
7. 当 x → 2 时 , y = x 2 → 4 。 问 δ 等 于 多 少 , 使 当 ∣ x − 2 ∣ < δ 时 , ∣ y − 4 ∣ < 0.001 ? \begin{aligned}&7. \ 当x \rightarrow 2时,y=x^2 \rightarrow 4。问\delta等于多少,使当|x-2| \lt \delta时,|y-4| \lt 0.001?&\end{aligned} 7. 当x→2时,y=x2→4。问δ等于多少,使当∣x−2∣<δ时,∣y−4∣<0.001?
解:
由 于 x → 2 , ∣ x − 2 ∣ → 0 , 设 ∣ x − 2 ∣ < 1 , 即 1 < x < 3 。 要 使 ∣ x 2 − 4 ∣ = ∣ x + 2 ∣ ∣ x − 2 ∣ < 5 ∣ x − 2 ∣ < 0.001 , 只 要 ∣ x − 2 ∣ < 0.001 5 = 0.0002 , 取 δ = 0.0002 , 则 当 0 < ∣ x − 2 ∣ < δ 时 , 就 有 ∣ x 2 − 4 ∣ < 0.001 。 \begin{aligned} &\ \ 由于x \rightarrow 2,|x-2| \rightarrow 0,设|x-2| \lt 1,即1 \lt x \lt 3。要使|x^2-4|=|x+2||x-2| \lt 5|x-2| \lt 0.001,\\\\ &\ \ 只要|x-2| \lt \frac{0.001}{5}=0.0002,取\delta=0.0002,则当0 \lt |x-2| \lt \delta时,就有|x^2-4| \lt 0.001。 & \end{aligned} 由于x→2,∣x−2∣→0,设∣x−2∣<1,即1<x<3。要使∣x2−4∣=∣x+2∣∣x−2∣<5∣x−2∣<0.001, 只要∣x−2∣<50.001=0.0002,取δ=0.0002,则当0<∣x−2∣<δ时,就有∣x2−4∣<0.001。
8. 当 x → ∞ 时 , y = x 2 − 1 x 2 + 3 → 1 。 问 X 等 于 多 少 , 使 当 ∣ x ∣ > X 时 , ∣ y − 1 ∣ < 0.01 ? \begin{aligned}&8. \ 当x \rightarrow \infty时,y=\frac{x^2-1}{x^2+3} \rightarrow 1。问X等于多少,使当|x| \gt X时,|y-1| \lt 0.01?&\end{aligned} 8. 当x→∞时,y=x2+3x2−1→1。问X等于多少,使当∣x∣>X时,∣y−1∣<0.01?
解:
因 为 ∣ x 2 − 1 x 2 + 3 − 1 ∣ = 4 x 2 + 3 < 4 x 2 , 要 使 ∣ x 2 − 1 x 2 + 3 − 1 ∣ < 0.01 , 只 要 4 x 2 < 0.01 , 即 ∣ x ∣ > 20 , 取 X = 20 , 则 当 ∣ x ∣ > X 时 , 就 有 ∣ y − 1 ∣ < 0.01 。 \begin{aligned} &\ \ 因为\left|\frac{x^2-1}{x^2+3}-1\right|=\frac{4}{x^2+3} \lt \frac{4}{x^2},要使\left|\frac{x^2-1}{x^2+3}-1\right| \lt 0.01,只要\frac{4}{x^2} \lt 0.01,即|x| \gt 20,取X=20,\\\\ &\ \ 则当|x| \gt X时,就有|y-1| \lt 0.01。 & \end{aligned} 因为∣∣∣∣x2+3x2−1−1∣∣∣∣=x2+34<x24,要使∣∣∣∣x2+3x2−1−1∣∣∣∣<0.01,只要x24<0.01,即∣x∣>20,取X=20, 则当∣x∣>X时,就有∣y−1∣<0.01。
9. 证 明 函 数 f ( x ) = ∣ x ∣ 当 x → 0 时 极 限 为 零 。 \begin{aligned}&9. \ 证明函数f(x)=|x|当x \rightarrow 0时极限为零。&\end{aligned} 9. 证明函数f(x)=∣x∣当x→0时极限为零。
解:
因 为 ∣ ∣ x ∣ − 0 ∣ = ∣ x ∣ = ∣ x − 0 ∣ , 所 以 ∀ ε > 0 , 取 δ = ε , 则 当 0 < ∣ x − 0 ∣ < δ 时 , 就 有 ∣ ∣ x ∣ − 0 ∣ < ε , 即 lim x → 0 ∣ x ∣ = 0 。 \begin{aligned} &\ \ 因为||x|-0|=|x|=|x-0|,所以\forall \ \varepsilon \gt 0,取\delta=\varepsilon,则当0 \lt |x-0| \lt \delta时,就有||x|-0| \lt \varepsilon,即\lim_{x \rightarrow 0}|x|=0。\\\\ & \end{aligned} 因为∣∣x∣−0∣=∣x∣=∣x−0∣,所以∀ ε>0,取δ=ε,则当0<∣x−0∣<δ时,就有∣∣x∣−0∣<ε,即x→0lim∣x∣=0。
10. 证 明 : 若 x → + ∞ 及 x → − ∞ 时 , 函 数 f ( x ) 的 极 限 都 存 在 且 都 等 于 A , 则 lim x → ∞ f ( x ) = A 。 \begin{aligned}&10. \ 证明:若x \rightarrow +\infty及x \rightarrow -\infty时,函数f(x)的极限都存在且都等于A,则\lim_{x \rightarrow \infty}f(x)=A。&\end{aligned} 10. 证明:若x→+∞及x→−∞时,函数f(x)的极限都存在且都等于A,则x→∞limf(x)=A。
解:
因 lim x → + ∞ f ( x ) = A , 所 以 ∀ ε > 0 , ∃ X 1 > 0 , 当 x > X 1 时 , 就 有 ∣ f ( x ) − A ∣ < ε 。 又 因 为 lim x → − ∞ f ( x ) = A , 所 以 ∀ ε > 0 , ∃ X 2 > 0 , 当 x < − X 2 > 0 , 当 x < − X 2 时 , 就 有 取 X = m a x { X 1 , X 2 } , 则 当 ∣ x ∣ > X , 即 x > X 或 x < − X 时 , 就 有 ∣ f ( x ) − A ∣ < ε , 即 lim x → ∞ f ( x ) = A 。 \begin{aligned} &\ \ 因\lim_{x \rightarrow +\infty}f(x)=A,所以\forall \ \varepsilon \gt 0,\exists X_1 \gt 0,当x \gt X_1时,就有|f(x)-A| \lt \varepsilon。\\\\ &\ \ 又因为\lim_{x \rightarrow -\infty}f(x)=A,所以\forall \ \varepsilon \gt 0,\exists X_2 \gt 0,当x \lt -X_2 \gt 0,当x \lt -X_2时,就有取X=max\{X_1,\ X_2\}, \\\\ &\ \ 则当|x| \gt X,即x \gt X或x \lt -X时,就有|f(x)-A| \lt \varepsilon,即\lim_{x \rightarrow \infty}f(x)=A。\\\\ & \end{aligned} 因x→+∞limf(x)=A,所以∀ ε>0,∃X1>0,当x>X1时,就有∣f(x)−A∣<ε。 又因为x→−∞limf(x)=A,所以∀ ε>0,∃X2>0,当x<−X2>0,当x<−X2时,就有取X=max{X1, X2}, 则当∣x∣>X,即x>X或x<−X时,就有∣f(x)−A∣<ε,即x→∞limf(x)=A。
11. 根 据 函 数 极 限 的 定 义 证 明 : 函 数 f ( x ) 当 x → x 0 时 极 限 存 在 的 充 分 必 要 条 件 时 左 击 限 、 右 极 限 各 自 存 在 并 且 相 等 。 \begin{aligned}&11. \ 根据函数极限的定义证明:函数f(x)当x \rightarrow x_0时极限存在的充分必要条件时左击限、右极限各自存在并且相等。&\end{aligned} 11. 根据函数极限的定义证明:函数f(x)当x→x0时极限存在的充分必要条件时左击限、右极限各自存在并且相等。
解:
必 要 性 若 lim x → x 0 f ( x ) = A , 则 ∀ ε > 0 , ∃ δ > 0 , 当 0 < ∣ x − x 0 ∣ < δ 时 , 就 有 ∣ f ( x ) − A ∣ < ε 。 特 别 , 当 0 < x − x 0 < δ 时 , 有 ∣ f ( x ) − A ∣ < ε , 即 lim x → x 0 + f ( x ) = A ; 当 0 < x 0 − x < δ 时 , 有 ∣ f ( x ) − A ∣ < ε , 即 lim x → x 0 − f ( x ) = A 。 充 分 性 若 lim x → x 0 + f ( x ) = A = lim x → x 0 − f ( x ) , 则 ∀ ε > 0 , ∃ δ 1 > 0 , 当 0 < x − x 0 < δ 1 是 , 就 有 ∣ f ( x ) − A ∣ < ε ; 又 ∃ δ 2 > 0 , 当 0 < x 0 − x < δ 2 时 , 就 有 ∣ f ( x ) − A ∣ < ε 。 取 δ = m i n { δ 1 , δ 2 } , 则 当 0 < ∣ x − x 0 ∣ < δ 时 , 就 有 ∣ f ( x ) − A ∣ < ε , 即 lim x → x 0 f ( x ) = A 。 \begin{aligned} &\ \ 必要性\\\\ &\ \ 若\lim_{x \rightarrow x_0}f(x)=A,则\forall \ \varepsilon \gt 0,\exists \delta \gt 0,当0 \lt |x-x_0| \lt \delta时,就有|f(x)-A|< \varepsilon。\\\\ &\ \ 特别,当0 \lt x-x_0 \lt \delta时,有|f(x)-A| \lt \varepsilon,即\lim_{x \rightarrow x_0^+}f(x)=A;当0 \lt x_0-x \lt \delta时,有|f(x)-A| \lt \varepsilon,\\\\ &\ \ 即\lim_{x \rightarrow x_0^-}f(x)=A。\\\\ &\ \ 充分性\\\\ &\ \ 若\lim_{x \rightarrow x_0^+}f(x)=A=\lim_{x \rightarrow x_0^-}f(x),则\forall \ \varepsilon \gt 0,\exists \ \delta_1 \gt 0,当0 \lt x-x_0 \lt \delta_1是,就有|f(x)-A| \lt \varepsilon;又\exists \ \delta_2 \gt 0,\\\\ &\ \ 当0 \lt x_0-x \lt \delta_2时,就有|f(x)-A| \lt \varepsilon。取\delta=min\{\delta_1,\ \delta_2\},则当0 \lt |x-x_0| \lt \delta时,就有|f(x)-A| \lt \varepsilon,\\\\ &\ \ 即\lim_{x \rightarrow x_0}f(x)=A。 & \end{aligned} 必要性 若x→x0limf(x)=A,则∀ ε>0,∃δ>0,当0<∣x−x0∣<δ时,就有∣f(x)−A∣<ε。 特别,当0<x−x0<δ时,有∣f(x)−A∣<ε,即x→x0+limf(x)=A;当0<x0−x<δ时,有∣f(x)−A∣<ε, 即x→x0−limf(x)=A。 充分性 若x→x0+limf(x)=A=x→x0−limf(x),则∀ ε>0,∃ δ1>0,当0<x−x0<δ1是,就有∣f(x)−A∣<ε;又∃ δ2>0, 当0<x0−x<δ2时,就有∣f(x)−A∣<ε。取δ=min{δ1, δ2},则当0<∣x−x0∣<δ时,就有∣f(x)−A∣<ε, 即x→x0limf(x)=A。
12. 试 给 出 x → ∞ 时 函 数 极 限 的 局 部 有 界 性 的 定 理 , 并 加 以 证 明 。 \begin{aligned}&12. \ 试给出x \rightarrow \infty时函数极限的局部有界性的定理,并加以证明。&\end{aligned} 12. 试给出x→∞时函数极限的局部有界性的定理,并加以证明。
解:
因 为 lim x → ∞ f ( x ) = A , 所 以 对 ε = 1 > 0 , ∃ X > 0 , 当 ∣ x ∣ > X 时 , 就 有 ∣ f ( x ) − A ∣ < 1 , 从 而 ∣ f ( x ) ∣ ≤ ∣ f ( x ) − A ∣ + ∣ A ∣ < 1 + ∣ A ∣ , 取 M = ∣ A ∣ + 1 , 即 有 当 ∣ x ∣ > X 时 , ∣ f ( x ) ∣ ≤ M 。 \begin{aligned} &\ \ 因为\lim_{x \rightarrow \infty}f(x)=A,所以对\varepsilon=1 \gt 0,\exists \ X \gt 0,当|x| \gt X时,就有|f(x)-A| \lt 1,\\\\ &\ \ 从而|f(x)| \le |f(x)-A|+|A| \lt 1+|A|,取M=|A|+1,即有当|x| \gt X时,|f(x)| \le M。\\\\ & \end{aligned} 因为x→∞limf(x)=A,所以对ε=1>0,∃ X>0,当∣x∣>X时,就有∣f(x)−A∣<1, 从而∣f(x)∣≤∣f(x)−A∣+∣A∣<1+∣A∣,取M=∣A∣+1,即有当∣x∣>X时,∣f(x)∣≤M。
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