764、最大加号标志
在一个 n x n 的矩阵 grid 中,除了在数组 mines 中给出的元素为 0,其他每个元素都为 1。mines[i] = [xi, yi]表示 grid[xi][yi] == 0
返回 grid 中包含 1 的最大的 轴对齐 加号标志的阶数 。如果未找到加号标志,则返回 0 。
一个 k 阶由 1 组成的 “轴对称”加号标志 具有中心网格 grid[r][c] == 1 ,以及4个从中心向上、向下、向左、向右延伸,长度为 k-1,由 1 组成的臂。注意,只有加号标志的所有网格要求为 1 ,别的网格可能为 0 也可能为 1 。
示例1:
输入: n = 5, mines = [[4, 2]]
输出: 2
解释: 在上面的网格中,最大加号标志的阶只能是2。一个标志已在图中标出。
示例2:
输入: n = 1, mines = [[0, 0]]
输出: 0
解释: 没有加号标志,返回 0 。
解题思路 :
题目要求返回给定数组中的最大‘+’的长度,其中‘+’的有效元素为1,无效元素为0,简单来说就是1能组成的‘+’的最大长度。
对于任意一个位置,能够组成‘+’的最大长度取决于上下左右方向的最小长度,那么对于任意一个点:
- dp[i][j] = MIN(dp[i-1][j],dp[i+1][j],dp[i][j+1],dp[i][j-1]) + 1,其中 dp[i][j] 表示当前位置 1 的个数
必然满足该公式,但如何进行遍历?对于任意一个点,我们必须先知道上下左右才能推导当前位置,将问题简单化:
- 如果当前节点 dp[i][j] = MIN(dp[i-1][j],dp[i][j-1]) + 1 我们只需要从头开始推导就可以推导出 dp[i][j]
- 如果当前节点 dp[i][j] = MIN(dp[i+1][j],dp[i][j+1]) + 1 我们只需要从尾开始推导就可以推导出 dp[i][j]
我们可以将每一个dp[i][j]所需要的dp子元素分开推导,每一次只推导一个或者两个或者更多,在最优的情况下推导更多的子元素。
#define MIN(a, b) ((a) < (b) ? (a) : (b))
#define MAX(a, b) ((a) > (b) ? (a) : (b))int orderOfLargestPlusSign(int n, int** mines, int minesSize, int* minesColSize){int dp[n][n];memset(dp, -1, sizeof(dp));int max = 0;for (int i = 0; i < minesSize; i++) {dp[mines[i][0]][mines[i][1]] = 0;}//初始化变量并赋值 0 for (int i = 0; i < n; i++) {//枚举行子元素for (int j = 0; j < n; j++) {//第一次先初始化,当然也可以定义dp数组时初始化,都差不多if ((i == 0 || j == 0 || i == n-1 || j == n-1) && dp[i][j] != 0) {dp[i][j] = 1;max = 1;continue;}if (dp[i][j] != 0) {//行处理,dp[i][j-1] + 1; dp[i][j] = dp[i][j-1] + 1; }}if (i == 0 || i == n-1) {continue;}int count = 0;for (int j = n - 1; j >= 0; j--) {//行处理,相当于dp[i][j+1] + 1; if (dp[i][j] == 0) count = 0;if (dp[i][j] != 0) {++count;dp[i][j] = MIN(dp[i][j], count);}}}for (int j = 1; j < n-1; j++) {//枚举列子元素int count = 0;for (int i = 0; i < n; i++) {//列处理,边界就不需要处理了,相当于dp[i-1][j]if (dp[i][j] == 0) count = 0;if (dp[i][j] != 0) {++count;dp[i][j] = MIN(dp[i][j], count);}}count = 0;for (int i = n-1; i >= 0; i--) {//相当于dp[i+1][j]if (dp[i][j] == 0) count = 0;if (dp[i][j] != 0) {++count;dp[i][j] = MIN(dp[i][j], count);}max = MAX(max, dp[i][j]);}}return max;
}
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