【SHOI 2002】百事世界杯之旅
【题目】
传送门
题目描述:
“……在 200220022002 年 666 月之前购买的百事任何饮料的瓶盖上都会有一个百事球星的名字。只要凑齐所有百事球星的名字,就可参加百事世界杯之旅的抽奖活动,获得球星背包,随声听,更克赴日韩观看世界杯。还不赶快行动!”
你关上电视,心想:假设有 nnn 个不同的球星名字,每个名字出现的概率相同,平均需要买几瓶饮料才能凑齐所有的名字呢?
输入格式:
整数 nnn(222 ≤ nnn ≤ 333333),表示不同球星名字的个数。
输出格式:
输出凑齐所有的名字平均需要买的饮料瓶数。如果是一个整数,则直接输出,否则应该直接按照分数格式输出,例如五又二十分之三应该输出为 53205 \frac{3}{20}5203,第一行是分数部分的分子,第二行首先是整数部分,然后是由减号组成的分数线,第三行是分母。减号的个数应等于分母的位数。分子和分母的首位都与第一个减号对齐。
分数必须是不可约的。
样例数据:
输入
2
输出
3
【分析】
话说这道题输出好迷啊
首先要有一个结论:假设现在已经收集了 kkk 个球星的名字,那么要使球星的名字达到 k+1k+1k+1,平均需要买 nn−k\frac{n}{n-k}n−kn 瓶饮料
感性理解一下吧(反正我也不会证),现在已经有 kkk 个球星的名字,下一次买饮料买到新的球星名字的概率就是 n−kn\frac{n-k}{n}nn−k,那平均买 nn−k\frac{n}{n-k}n−kn 次就可以买到新的了
那么答案就很好算了,就是 n1+n2+...+nn\frac{n}{1}+\frac{n}{2}+...+\frac{n}{n}1n+2n+...+nn(提一个 nnn 就是调和级数了)
由于数据规模并不大,所以直接开 longlonglong longlonglong 进行计算就可以了,还要注意边求和边约分
再次吐槽一下输出,太鬼畜了。。。
【代码】
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
long long lcm(long long x,long long y) {return x*y/__gcd(x,y);}
void calc(long long &mol,long long &den,long long x,long long y)
{long long l=lcm(den,y);mol*=l/den,x*=l/y;mol+=x,den=l;long long g=__gcd(mol,den);mol/=g,den/=g;
}
int len(long long x)
{int ans=0;while(x!=0) ans++,x/=10;return ans;
}
int main()
{int n,i;scanf("%d",&n);long long mol=n,den=1;for(i=2;i<=n;++i)calc(mol,den,n,i);if(mol%den==0) printf("%lld",mol);else{int num1=len(den);int num2=len(mol/den);for(i=1;i<=num2;++i) printf(" ");printf("%lld\n%lld",mol%den,mol/den);for(i=1;i<=num1;++i) printf("-");printf("\n");for(i=1;i<=num2;++i) printf(" ");printf("%lld",den);}return 0;
}
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