解方程 2014NOIP提高组 (数学)

解方程

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空间限制: 128000 KB

题目等级 : 钻石 Diamond

题目描述 Description

输入描述 Input Description

输入文件名为equation.in。

输入共n+2行。

第一行包含2个整数n、m，每两个整数之间用一个空格隔开。

接下来的n+1行每行包含一个整数，依次为a0,a1,a2,……,an。

输出描述 Output Description

输出文件名为equation.out。

第一行输出方程在[1, m]内的整数解的个数。

接下来每行一个整数，按照从小到大的顺序依次输出方程在[1, m]内的一个整数解。

样例输入 Sample Input

equation.in

equation.out

2 10

-2

equation.in

equation.out

2 10

-3

样例输出 Sample Output

equation.in

equation.out

2 10

数据范围及提示 Data Size & Hint

/*
将每一项的系数都模一个质数，
若一个数是方程的解，那么在模的意义下它也是方程的解（但反过来不一定）。
为了解决这个“不一定”的问题，多选几个质数，
若一个数在不同模的意义下都是方程的解，那么它有极大的几率就是原方程的解了。
*/
#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<vector>using namespace std;
const int mod[8]= {0,13,7901,3947,131,6977,22877,49997};
char s[105][1000010];
int n,m;
int num[9][120];bool solve(int od,int x)
{int i,j;long long tmp=0;long long pw=1;for(i=0; i<=n; ++i){if(s[i][0]=='-') tmp=(tmp-pw*num[od][i])%mod[od];else tmp=(tmp+pw*num[od][i])%mod[od];pw=pw*x%mod[od];}while(tmp<0) tmp+=mod[od];if(!tmp)return true;return false;
}int res[1000010];
int ans[1000010],act=0;int main()
{int i,j,k;scanf("%d%d",&n,&m);for(i=0; i<=n; ++i)scanf("%s",s[i]);int len[101];for(i=0; i<=n; ++i)len[i]=strlen(s[i]);for(k=1; k<=7; ++k)for(i=0; i<=n; ++i){for(j=0; j<len[i]; ++j){if(s[i][j]=='-')continue;num[k][i]=num[k][i]*10+s[i][j]-'0';num[k][i]%=mod[k];}}for(k=1;k<=7;++k)for(i=0; i<mod[k] && i<=m; ++i){if(!solve(k,i))continue;++res[i];for(j=i+mod[k]; j<=m; j+=mod[k]){res[j]++;}}for(i=1; i<=m; ++i)if(res[i]==7)ans[++act]=i;printf("%d\n",act);for(i=1; i<=act; ++i)printf("%d\n",ans[i]);return 0;
}

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