CodeForces999E 双dfs // 标记覆盖 // tarjan缩点
http://codeforces.com/problemset/problem/999/E
题意 有向图 给你n个点,m条边,以及一个初始点s,问你至少还需要增加多少条边,使得初始点s与剩下其他的所有点都连通。
第一个想法自然是通过上标记的方法,对每一个入度为0的点跑dfs。
但是问题在于剩下没有上标记的点,是成环的点。这些点不能有效的形成我们希望的拓扑序。
第一个想法是可以考虑上特殊标记,顺序枚举每个环上的点跑dfs,对每个随机跑的点上标记,在dfs的过程中如果可以经过之前枚举跑到的起点,就去掉这个点的标记,随后统计特殊标记的数量,经过测试,确实可以AC
#include <map> #include <set> #include <ctime> #include <cmath> #include <queue> #include <stack> #include <vector> #include <string> #include <cstdio> #include <cstdlib> #include <cstring> #include <sstream> #include <iostream> #include <algorithm> #include <functional> using namespace std; #define For(i, x, y) for(int i=x;i<=y;i++) #define _For(i, x, y) for(int i=x;i>=y;i--) #define Mem(f, x) memset(f,x,sizeof(f)) #define Sca(x) scanf("%d", &x) #define Scl(x) scanf("%lld",&x); #define Pri(x) printf("%d\n", x) #define Prl(x) printf("%lld\n",x); #define CLR(u) for(int i=0;i<=N;i++)u[i].clear(); #define LL long long #define ULL unsigned long long #define mp make_pair #define PII pair<int,int> #define PIL pair<int,long long> #define PLL pair<long long,long long> #define pb push_back #define fi first #define se second typedef vector<int> VI; const double eps = 1e-9; const int maxn = 5010; const int INF = 0x3f3f3f3f; const int mod = 1e9 + 7; int N,M,tmp,K,s; bool vis[maxn]; bool vis2[maxn]; bool vis3[maxn]; int ind[maxn]; struct Edge{int to,next; }edge[maxn]; int head[maxn],tot,ans; void init(){Mem(head,0);tot = 0; } void add(int u,int v){edge[++tot].next = head[u];edge[tot].to = v;head[u] = tot; } void dfs(int t){vis[t] = 1;for(int i = head[t]; i;i = edge[i].next){int v = edge[i].to;if(vis[v]) continue;dfs(v);} } void dfs2(int t){vis3[t] = 1;vis[t] = 1;for(int i = head[t];i;i = edge[i].next){int v = edge[i].to;if(vis2[v]){vis2[v] = 0;ans--;}if(vis3[v]) continue;dfs2(v);} } int main() {scanf("%d%d%d",&N,&M,&s);init();For(i,1,M){int u,v;scanf("%d%d",&u,&v);add(u,v);ind[v]++;}dfs(s);ans = 0;For(i,1,N){if(!ind[i] && !vis[i]){ans++;dfs(i);}}For(i,1,N){if(!vis[i]){Mem(vis3,0);ans++;dfs2(i);vis2[i] = 1;}}Pri(ans);#ifdef VSCodesystem("pause");#endifreturn 0; }
View Code
第二个想法是标记覆盖,顺序dfs每一个点,以每一个点为起点经过的点用不同标记覆盖,最后判断所有标记的数量
#include <map> #include <set> #include <ctime> #include <cmath> #include <queue> #include <stack> #include <vector> #include <string> #include <cstdio> #include <cstdlib> #include <cstring> #include <sstream> #include <iostream> #include <algorithm> #include <functional> using namespace std; #define For(i, x, y) for(int i=x;i<=y;i++) #define _For(i, x, y) for(int i=x;i>=y;i--) #define Mem(f, x) memset(f,x,sizeof(f)) #define Sca(x) scanf("%d", &x) #define Scl(x) scanf("%lld",&x); #define Pri(x) printf("%d\n", x) #define Prl(x) printf("%lld\n",x); #define CLR(u) for(int i=0;i<=N;i++)u[i].clear(); #define LL long long #define ULL unsigned long long #define mp make_pair #define PII pair<int,int> #define PIL pair<int,long long> #define PLL pair<long long,long long> #define pb push_back #define fi first #define se second typedef vector<int> VI; const double eps = 1e-9; const int maxn = 5010; const int INF = 0x3f3f3f3f; const int mod = 1e9 + 7; int N,M,tmp,K,s; int vis[maxn]; bool vis2[maxn]; bool vis3[maxn]; int ind[maxn]; struct Edge{int to,next; }edge[maxn]; int head[maxn],tot,ans; void init(){Mem(head,0);tot = 0; } void add(int u,int v){edge[++tot].next = head[u];edge[tot].to = v;head[u] = tot; } void dfs(int t){vis[t] = tmp;for(int i = head[t]; i;i = edge[i].next){int v = edge[i].to;if(vis[v] == tmp) continue;dfs(v);} } int main() {scanf("%d%d%d",&N,&M,&s);init();For(i,1,M){int u,v;scanf("%d%d",&u,&v);add(u,v);}tmp = 1;dfs(s);For(i,1,N){if(!vis[i]){tmp++;dfs(i);}}ans = 0;vis2[1] = 1;For(i,1,N){if(!vis2[vis[i]]){vis2[vis[i]] = 1;ans++;}}Pri(ans);#ifdef VSCodesystem("pause");#endifreturn 0; }
View Code
当然,以上两个算法都是O(n2)的算法,这题5000的数据范围可以跑,但是当数据范围扩大的时候,就需要考虑更强的算法来解决;
用Tarjan算法将原图缩点变成一个可拓扑的dag图,直接数入度为0的点即可。
#include <map> #include <set> #include <ctime> #include <cmath> #include <queue> #include <stack> #include <vector> #include <string> #include <cstdio> #include <cstdlib> #include <cstring> #include <sstream> #include <iostream> #include <algorithm> #include <functional> using namespace std; #define For(i, x, y) for(int i=x;i<=y;i++) #define _For(i, x, y) for(int i=x;i>=y;i--) #define Mem(f, x) memset(f,x,sizeof(f)) #define Sca(x) scanf("%d", &x) #define Scl(x) scanf("%lld",&x); #define Pri(x) printf("%d\n", x) #define Prl(x) printf("%lld\n",x); #define CLR(u) for(int i=0;i<=N;i++)u[i].clear(); #define LL long long #define ULL unsigned long long #define mp make_pair #define PII pair<int,int> #define PIL pair<int,long long> #define PLL pair<long long,long long> #define pb push_back #define fi first #define se second typedef vector<int> VI; const double eps = 1e-9; const int maxn = 5010; const int INF = 0x3f3f3f3f; const int mod = 1e9 + 7; int N,M,tmp,K,s; int vis[maxn]; struct Edge{int to,next; }edge[maxn]; int head[maxn],tot,ans; int Low[maxn],dfn[maxn],Stack[maxn],belong[maxn]; int index,top,scc; bool Instack[maxn]; int ind[maxn]; int num[maxn]; void Tarjan(int u){int v;Low[u] = dfn[u] = ++ index;Stack[top++] = u;Instack[u] = true;for(int i = head[u];i;i =edge[i].next){int v = edge[i].to;if(!dfn[v]){Tarjan(v);if(Low[u] > Low[v]) Low[u] = Low[v];}else if(Instack[v] && Low[u] > dfn[v]){Low[u] = dfn[v];}}if(Low[u] == dfn[u]){scc++;do{v = Stack[--top];Instack[v] = false;belong[v] = scc;num[scc]++;}while(v != u);} } void init(){Mem(head,0);tot = 0; } void add(int u,int v){edge[++tot].next = head[u];edge[tot].to = v;head[u] = tot; }int main() {scanf("%d%d%d",&N,&M,&s);init();For(i,1,M){int u,v;scanf("%d%d",&u,&v);add(u,v);}index = scc = top = 0;For(i,1,N) if(!dfn[i]) Tarjan(i);int ans = 0;For(i,1,N){for(int j = head[i];j;j = edge[j].next){int v = edge[j].to;if(belong[i] != belong[v]){ind[belong[v]] = 1;}}}vis[belong[s]] = 1;For(i,1,N){if(!ind[belong[i]] && !vis[belong[i]]){vis[belong[i]] = 1;ans++;}}Pri(ans);#ifdef VSCodesystem("pause");#endifreturn 0; }
转载于:https://www.cnblogs.com/Hugh-Locke/p/9595021.html
CodeForces999E 双dfs // 标记覆盖 // tarjan缩点相关推荐
- 浅谈Tarjan缩点(分析+模板)
昨天一看发现我的博客数量到100篇了,撒花✿✿ヽ(°▽°)ノ✿ 根据标题我们也知道,想要在接下来的十分钟不浪费生命 读者需要先行学习Tarjan强联通分量 如果不会的话可以点击这里:https://w ...
- 【BZOJ1179】atm,tarjan缩点+最长路径
Time:2016.05.21 Author:xiaoyimi 转载注明出处谢谢 传送门 思路: 题目中是一个带点权的有向图,如果这是一个没有环的图那么问题就很简单,拓扑或者直接求最长(短)路径什么的 ...
- HDU4612+Tarjan缩点+BFS求树的直径
tarjan+缩点+树的直径 题意:给出n个点和m条边的图,存在重边,问加一条边以后,剩下的桥的数量最少为多少. 先tarjan缩点,再在这棵树上求直径.加的边即是连接这条直径的两端. 1 /* 2 ...
- 【Codeforces】894E.Ralph and Mushrooms Tarjan缩点+DP
题意 给定$n$个点$m$条边有向图及边权$w$,第$i$次经过一条边边权为$w-1-2.-..-i$,$w\ge 0$给定起点$s$问从起点出发最多能够得到权和,某条边可重复经过 有向图能够重复经过 ...
- Tarjan缩点简析
由于昨天写计蒜客初赛的一道题,看出了是缩点,但一时忘记了另外一个叫什么s...的算法怎么写了,话说我为什么没有回去翻一下自己的blog然后今天就去学了更实用也更强力的Tarjan Tarjan的思想其 ...
- BZOJ 1051 受欢迎的牛(Tarjan缩点)
1051: [HAOI2006]受欢迎的牛 Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 162 MB Submit: 4573 Solved: 2428 [Submit][S ...
- 【图论】Tarjan 缩点
[Tarjan]缩点 在一个点N数据极大的图中,直接SPFA或者记忆花搜索时间超限,那么我们可以利用Tarjan缩点来减少N. 举个例子: 如上图:3,6两点为该图中的强连通分量,我们可以将它们看做一 ...
- bzoj1051 [HAOI2006]受欢迎的牛 tarjan缩点
题目描述 每头奶牛都梦想成为牛棚里的明星.被所有奶牛喜欢的奶牛就是一头明星奶牛.所有奶 牛都是自恋狂,每头奶牛总是喜欢自己的.奶牛之间的"喜欢"是可以传递的--如果A喜 欢B,B喜 ...
- 洛谷P4742(tarjan缩点+拓扑DP)
https://www.luogu.org/problemnew/show/P4742 题目背景 [Night - 20:02[Night−20:02 P.M.]P.M.] 夜空真美啊--但是--快要 ...
最新文章
- rt-thread端口时钟使能_(2)RTThread启动过程分析
- [Spring cloud 一步步实现广告系统] 11. 使用Feign实现微服务调用
- nginx.conf 基本配置模板和结构
- 对于 CDN 的多元理解
- linux下Hbase的常用shell命令
- 哈尔滨有线电视频道表
- Android模拟器远程,使用Android模拟器进行远程调试
- (零)ubuntu下制作最小deb包
- python画数学函数_Python 绘制你想要的数学函数图形 !
- Java线程池线程突然没了_70%人答不全!线程池中的一个线程异常了会被怎么处理?...
- python中列表实现去重使用_Python对list列表结构中的值进行去重的方法总结
- redis缓存穿透、缓存雪崩、缓存击穿详解
- QEMU/KVM libvirt X710 PCI passthrough DPDK 网络性能测试
- CentOS7|Redhat7挂载NTFS格式磁盘
- Stata: 断点回归(RDD)中的近似置换检验和伴随次序统计简介
- Docker镜像常用命令
- 有哪些外行看上去很高大上,但在内行眼里 low 得不行的东西?
- 网络学习 2g 3g 4g 技术对比 带宽理解 三大运营商手机网络模式 (制式)
- 关于如何租一个云服务器进行使用
- 2017百度之星 资格赛1003度度熊与邪恶大魔王
热门文章
- 观物外篇-唐-邵雍:(一)
- 【物联网智能网关-03】GPRS模块中文短信收发
- 树形结构的数据存储和数据库表设计
- 老年痴呆与LDL-C 低密度脂蛋白
- 余敖的实验整理(还没完成)
- 支持外网访问的CentOS云数据库搭建
- 中文正则表达式初步使用
- python自动写作软件_有哪些适合长文的轻量级写作软件值得推荐?
- 【Git】解决remote: ******: Incorrect username or password (access token)方法
- ES6-note-Set和Map(草稿)