跳楼机

题目链接：luogu P3403

题目大意

问你 1~h 中有多少个数可以表示成 ax+by+cz 的形式。
其中 x,y,z 是给出的三个正整数，a,b,c 是你可以选择的非负数。
h≤2^63-1，x,y,z≤10^5

思路

首先列出 O(h)O(h)O(h) 的 DP 式子，但是显然不行，于是考虑优化。
有关 hhh 的复杂度算法似乎没有什么进展，所以考虑另外三个范围小的数。

不妨思考如果只有两个数会怎样？
不难发现如果你确定了当前的数字，然后你只用一个数，那就是可以加上它的任意非负数倍数。
那如果你能凑出 aaa，你就不需要考虑 a+x,a+2x,a+3x,...a+x,a+2x,a+3x,...a+x,a+2x,a+3x,... 这些数是否需要凑出了。

那某种意义上我们只需要考虑 min⁡(x,y,z)\min(x,y,z)min(x,y,z) 个数！
那假设我们用 xxx（因为三个都是同一个级别的），那我们只需要对于模 xxx 等于 0∼x−10\sim x-10∼x−1 的每个情况，我们求出这这些数中，你能求出的最小的数。
（也就是你能求出的是一段后缀，你要找到这段后缀开始的地方）

那怎么找呢？那我们只需要考虑用另外的两个数 y,zy,zy,z 来凑。因为这个时候凑 xxx 没有用了。
那我们可以从 aaa 凑到 (a+y)%x,(a+z)%x(a+y)\%x,(a+z)\%x(a+y)%x,(a+z)%x，那就是一个 f(a+y)%x=min⁡(f(a+y)%x,fa+y),f(a+z)%x=min⁡(f(a+z)%x,fa+z)f_{(a+y)\%x}=\min(f_{(a+y)\%x},f_a+y),f_{(a+z)\%x}=\min(f_{(a+z)\%x},f_a+z)f(a+y)%x=min(f(a+y)%x,fa+y),f(a+z)%x=min(f(a+z)%x,fa+z)
那这个显然可能有环，但是由于是 min⁡\minmin 我们其实会发现它其实可以看做一个最短路！

然后跑最短路就能求出 fff，对于每个位置你计算一下后缀的长度，就是总共的答案了。

代码

#include<queue>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#define ll long longusing namespace std;const int N = 1e5 + 100;
ll h, f[N];
int x, y, z;
priority_queue <pair<ll, int>, vector<pair<ll, int> >, greater<pair<ll, int> > > q;
bool in[N];int main() {scanf("%lld", &h);scanf("%d %d %d", &x, &y, &z);memset(f, 0x7f, sizeof(f)); f[0] = 1; q.push(make_pair(f[0], 0));while (!q.empty()) {int now = q.top().second; q.pop();if (in[now]) continue; in[now] = 1;int to = (now + y) % x;if (f[to] > f[now] + y) {f[to] = f[now] + y; q.push(make_pair(f[to], to));}to = (now + z) % x;if (f[to] > f[now] + z) {f[to] = f[now] + z; q.push(make_pair(f[to], to));}}ll ans = 0;for (int i = 0; i < x; i++) {if (f[i] > h) continue;ans += (h - f[i]) / x + 1;}printf("%lld", ans);return 0;
}

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