比赛地址：http://jzoj.net/senior/#contest/home/2852

题目

jzoj 6290. 倾斜的线

http://jzoj.net/senior/#contest/show/2852/0

jzoj 6305. 最小值

http://jzoj.net/senior/#contest/show/2852/1

jzoj 6307. 安排

http://jzoj.net/senior/#contest/show/2852/2

过程

今天爆炸了……真是开心 ψ(｀∇´)ψ
第一题一看数据，哇！暴力有50分耶！我知足了极限也只有 1 0 5 10^5 105，肯定是 l o g log log的解法啦！
冥冥之中，我总觉得是排序。
但是我好像连直线的斜率都不会求啊！
没关系，我们可以猜结论，联系DP斜率优化和一次函数的知识，我们可以猜出
k = y 1 − y 2 x 1 − x 2 k=\frac{y_1-y_2}{x_1-x_2} k=x1−x2y1−y2
（虽然一开始我以为 k = x 1 − x 2 y 1 − y 2 k=\cfrac{x_1-x_2}{y_1-y_2} k=y1−y2x1−x2，但是发现过不了样例后就改了，这就是猜结论的隐患）
接着对于平面直角坐标系上的每个点，我们都作一条经过它的斜率为 P / Q P/Q P/Q的直线：

对于A点而言，最接近斜率的点是C；对于B点而言，最接近的是D……
它们都是与直线纵坐标之差最小的点，因此可以猜出结论：

对于一个点而言，与它所连直线斜率最接近 P / Q P/Q P/Q的点必定是与经过它，斜率为 P / Q P/Q P/Q的直线纵坐标值差最小的点。

于是排个序， O ( n ) O(n) O(n)判断就可以了。总时间复杂度 O ( n log ⁡ 2 n ) O(n\log_2n) O(nlog2n)。

第二题显然是DP。
我设 g i g_i gi表示点 i 处是区间右端点的最大价值和，接着就可以 O ( n 2 ) O(n^2) O(n2)转移了。
这样显然会TLE，因此考虑优化。
通常这种题目都是用斜率优化或是单调队列，然而我怎么也没有想到如何优化。
最后脑子糊糊的，感觉可以用单调栈，于是就敲了起来。
结果弄了很久也没有弄出来，好不容易过了样例，我注意到A,B,C,D可能是负数，于是就出了个负数的数据。
然后惊奇的发现输出经一模一样！
试了几个都是如此，感觉这个方法不行啊！于是打了 O ( n 2 ) O(n^2) O(n2)的DP交了上去，接着验证——还是一样的！
神奇！
比赛结束前两分钟才发现是读入优化没判负号……
险些爆〇了。

第三题什么神仙？！

总分：65+30+0=95（T1炸掉了）。

题解

T1

我比赛时的做法其实就是正解，只是精度爆炸了而已。

计算一下：

48840271/140346761 = 0.34799713689153111271303225872095
241818102/694885321 = 0.34799713663832020996166646611319

原来是因为我判断两个long double是否相同时是if(x-y>1e-9)，把这个值改成1e-14就好了。

T2

正解就是单调栈优化DP（真香）。
可以按最小值把原序列划分成几段，用单调栈来维护这些段。
段内的值用一个数组存一下就好了，至于用哪一个更新答案，用前缀数组来维护。

T3

怎么又是老虎和蒜头……
作者一开始就知道这题很难了：

键盘可以吃吗？
百度一下，发现还有烹饪教程（麻婆键盘）：

哎呀，想太多了。
其实这题是一道很新奇的题目。
发现A→B=A→C→B，因此可以把A排序变成C，再把C变成B。
由于操作可逆，我们可以把过程变成把A,B都排序。
这样就可以分开处理了。
17%的做法是直接暴力求逆序对，交换。
这样操作数最多是 n 2 n^2 n2的，绝对不会超过345678，因此这种方法是对的。
由逆序对的思路容易联想到归并排序（逆序对不就这么求的嘛！），考虑如何归并排序。
我们现在有两个有序序列（画工丑陋，不必在意）：

取 [ l , m i d ] [l,mid] [l,mid]的后x个和 [ m i d + 1 , r ] [mid+1,r] [mid+1,r]的前x个，使得 [ l , m i d ] [l,mid] [l,mid]的后x个都大于 [ m i d + 1 , r ] [mid+1,r] [mid+1,r]的前x个（x要尽可能多取）：

然后想办法让这两个序列交换位置（方法后面会提到）：

接着再处理右上部分和左下部分就可以了，这样最后会把它们分别合成一个序列，合起来就可以了。
实现的话就是用归并排序向下处理，快速排序将两个序列并成一个序列。
实现起来细节多多。
真·神仙！

总结

比赛的时候要勇于猜结论，多注意细节！

代码

#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define ll long long
#define llf long double
#define e 1e-14
#define N 200005
struct node{ll x,y;}a[N];
char ch;ll P,Q;
llf solpe,ans=1e10,temp;
inline char gc()
{static char buf[500000],*p1=buf,*p2=buf;return p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,500000,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++;
}
inline void read(ll &x)
{while(ch=gc(),ch<'0'||ch>'9');x=ch-'0';while(ch=gc(),ch>='0'&&ch<='9') x=x*10+ch-'0';
}
inline llf abss(llf k){return k>0?k:-k;}
inline bool cmp(node x,node y)
{return x.y*Q-x.x*P<y.y*Q-y.x*P;}
inline ll gcd(ll x,ll y)
{ll r;while(y)r=x%y,x=y,y=r;return x;
}
int main()
{freopen("slope.in","r",stdin);freopen("slope.out","w",stdout);ll n,i,j,x,y,p,q;read(n),read(P),read(Q);solpe=P/(llf)Q;for(i=1;i<=n;i++) read(a[i].x),read(a[i].y);sort(a+1,a+n+1,cmp);for(i=1;i<n;i++){x=a[i+1].x-a[i].x,y=a[i+1].y-a[i].y;if((x<0)!=(y<0)) continue;if(x<0) x=-x,y=-y;j=gcd(x,y),x/=j,y/=j;temp=abss(y/(llf)x-solpe);if(ans-temp>e) ans=temp,p=y,q=x;}printf("%lld/%lld\n",p,q);return 0;
}

T2

#include<cstdio>
#include<cstring>
using namespace std;
#define ll long long
#define N 200005
ll a[N],f[N],g[N],stack[N][2],pre[N];
char ch;
inline char gc()
{static char buf[500000],*p1=buf,*p2=buf;return p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,500000,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++;
}
inline void read(ll &x)
{char ch;bool b=0;while(ch=gc(),ch!='-'&&(ch<'0'||ch>'9'));if(ch=='-') b=1,ch=gc();x=ch-48;while(ch=gc(),ch>='0'&&ch<='9') x=x*10+ch-48;if(b) x=-x;
}
int main()
{freopen("min.in","r",stdin);freopen("min.out","w",stdout);ll n,i,A,B,C,D,top=1,max;read(n),read(A),read(B),read(C),read(D);for(i=1;i<=n;i++) read(a[i]),f[i]=A*a[i]*a[i]*a[i]+B*a[i]*a[i]+C*a[i]+D;for(i=1;i<=n;i++){for(max=g[i-1];top&&a[stack[top][1]]>a[i];top--)if(max<stack[top][0]) max=stack[top][0];stack[++top][0]=max,stack[top][1]=i;if(top>1) pre[top]=pre[top-1]>max+f[i]?pre[top-1]:max+f[i];else pre[top]=max+f[i];g[i]=pre[top];}printf("%lld\n",g[n]);return 0;
}

T3

#include<cstdio>
using namespace std;
#define N 5005
int a[N],ans[2][345680][2],cnt[2];
int flag=1;
inline void swap(int &x,int &y){x^=y,y^=x,x^=y;}
void qsort(int l,int mid,int r)
{if(l>mid||mid>=r) return;int i=mid,j=mid+1,k,t;while(l<i&&j<r&&a[i-1]>a[j+1]) i--,j++;if(a[i]>a[j]){for(k=i,t=mid;k<t;k++,t--)ans[flag][++cnt[flag]][0]=k,ans[flag][cnt[flag]][1]=t,swap(a[k],a[t]);for(k=mid+1,t=j;k<t;k++,t--)ans[flag][++cnt[flag]][0]=k,ans[flag][cnt[flag]][1]=t,swap(a[k],a[t]);for(k=i,t=j;k<t;k++,t--)ans[flag][++cnt[flag]][0]=k,ans[flag][cnt[flag]][1]=t,swap(a[k],a[t]);if(l<mid) qsort(l,i-1,mid);if(mid+1<r) qsort(mid+1,j,r);}
}
void msort(int l,int r)
{int mid=l+r>>1;if(l<mid) msort(l,mid);if(mid+1<r) msort(mid+1,r);qsort(l,mid,r);
}
int main()
{freopen("swap.in","r",stdin);freopen("swap.out","w",stdout);int i,n;scanf("%d",&n);loop:for(i=1;i<=n;i++) scanf("%d",a+i);msort(1,n);if(flag){flag=0;goto loop;}printf("%d\n",cnt[1]+cnt[0]);for(i=1;i<=cnt[1];i++) printf("%d %d\n",ans[1][i][0],ans[1][i][1]);for(i=cnt[0];i;i--) printf("%d %d\n",ans[0][i][0],ans[0][i][1]);return 0;
}

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