扫雷洛谷p2327

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第一行为N，第二行有N个数，依次为第二列的格子中的数。（1<= N <= 10000）

输出格式：

一个数，即第一列中雷的摆放方案数。

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2
1  1

输出样例#1：复制

如果从上到下确定每个雷的位置，那么判断某个位置能否为雷只受它上面2格雷的情况影响，于是可以将i-2~i的雷记录为一个3位的二进制数。考虑状压dp，dp[i][sta]表示前i个雷，i-2~i的雷的分布为sta时的总数，那么dp[i][sta]=dp[i-1][(sta>>1)|4]+dp[i-1][sta>>1]，表示第i-2的位置放不放雷。转移前需要判断sta这个状态是否合法。设counter(x)为x的二进制表示中1的个数，num为第二列对应的数字，合法也就意味着counter(sta)==num[i-1]且counter(sta>>1)<=num[i]，此时就可以进行转移。

#include<iostream>
#include<cstdio>
#define f(i,l,r) for(i=(l);i<=(r);i++)
using namespace std;
const int MAXN=10005;
int n,a[MAXN];
int dp[MAXN][8],f[8];
inline int cal(int x)
{int i,num=0;for(i=x;i;i-=(i&(-i))){num++;}return num;
}
inline void MakeTable()
{int i;f(i,0,7) f[i]=cal(i);
}
int main()
{
//  ios::sync_with_stdio(false);
//  freopen("data.out","r",stdin);
//  freopen("test.out","w",stdout);int i,j,ans=0;MakeTable();cin>>n;f(i,1,n)  cin>>a[i];dp[1][1]=dp[1][0]=1;f(i,2,n-1){f(j,0,7){if(f[j]!=a[i-1]||f[j&3]>a[i]) continue;dp[i][j]=dp[i-1][(j>>1)|4]+dp[i-1][j>>1];// cout<<i<<' '<<j<<' '<<dp[i-1][(j>>1)|4]<<' '<<dp[i-1][j>>1]<<"GG"<<endl;}}f(i,0,7){if(f[i]!=a[n-1]||f[i&3]!=a[n])  continue;ans+=dp[n-1][(i>>1)|4]+dp[n-1][i>>1];}cout<<ans<<endl;return 0;
}

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