洛谷 P1993 小K的农场 解题报告
P1993 小K的农场
题目描述
小K在MC里面建立很多很多的农场,总共n个,以至于他自己都忘记了每个农场中种植作物的具体数量了,他只记得一些含糊的信息(共m个),以下列三种形式描述:
农场a比农场b至少多种植了c个单位的作物,
农场a比农场b至多多种植了c个单位的作物,
农场a与农场b种植的作物数一样多。
但是,由于小K的记忆有些偏差,所以他想要知道存不存在一种情况,使得农场的种植作物数量与他记忆中的所有信息吻合。
输入输出格式
输入格式:
第一行包括两个整数 n 和 m,分别表示农场数目和小 K 记忆中的信息数目。
接下来 m 行:
如果每行的第一个数是 1,接下来有 3 个整数 a,b,c,表示农场 a 比农场 b 至少多种植了 c 个单位的作物。
如果每行的第一个数是 2,接下来有 3 个整数 a,b,c,表示农场 a 比农场 b 至多多种植了 c 个单位的作物。如果每行的第一个数是 3,接下来有 2 个整数 a,b,表示农场 a 种植的的数量和 b 一样多。
输出格式:
如果存在某种情况与小 K 的记忆吻合,输出“Yes”,否则输出“No”。
说明
对于 100% 的数据保证:1 ≤ n,m,a,b,c ≤ 10000。
熟悉差分约束的话应该一眼就能看出来。
对“至少”正向连负边,对“至多”负向连正边,判断有没有负环即可。
不过这个题跑BFS_SPFA会TLE,得用DFS_SPFA,值得一题的是,两者判负环的方式并不一样。
BFS_SPFA是判断一个点是否入队n次,而DFS_SPFA则判断一个点是否在一条链上出现多次。
其实大部分情况来说,还是写BFS的比较稳,DFS的效率不太稳定。
Code:(其实有个细节问题没判居然还过了)
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#define rg register
using namespace std;
const int N=10002;
int n,m,dis[N],used[N];
int head[N],edge[N<<1],next[N<<1],to[N<<1],cnt=0,in[N];
void add(rg int u,rg int v,rg int w)
{edge[++cnt]=w;next[cnt]=head[u];to[cnt]=v;head[u]=cnt;
}
int read()
{rg int x=0;char c;while(c<'0'||c>'9') c=getchar();while(c>='0'&&c<='9') {x=(x<<3)+(x<<1)+c-'0';c=getchar();}return x;
}
void dfs(int u)
{used[u]=1;for(rg int i=head[u];i;i=next[i]){rg int v=to[i],w=edge[i];if(dis[v]>dis[u]+w){if(used[v]){printf("No\n");exit(0);}dis[v]=dis[u]+w;dfs(v);}}used[u]=0;
}
int main()
{freopen("test_data.in","r",stdin);rg int u,v,w,typ;n=read();m=read();for(int i=1;i<=m;i++){rg int typ=read();if(typ==1){u=read(),v=read(),w=read();add(u,v,-w);in[v]++;}else if(typ==2){u=read(),v=read(),w=read();add(v,u,w);in[u]++;}else{u=read(),v=read();add(u,v,0),add(v,u,0);in[u]++,in[v]++;}}for(rg int i=1;i<=n;i++)if(!in[i])add(0,i,0);memset(dis,0x3f,sizeof(dis));dis[0]=0;dfs(0);printf("Yes\n");return 0;
}
2018.6.22
转载于:https://www.cnblogs.com/butterflydew/p/9214468.html
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