陶哲轩实分析 4.3 节习题试解
陶哲轩实分析 4.3 节习题试解
4.3.1 证明命题 4.3.3
(a) 证明 |x|≥0|x| \geq 0,当 |x|=0|x| = 0 时, x=0x = 0。
分情况讨论
(1)x=0x = 0, |x|=0|x | =0 ,所以 |x|≥0|x| \geq 0
(2)x>0x > 0, |x|=x>0|x| = x > 0,所以 |x|≥0|x| \geq 0
(3)x<0x , |x|=−x>0|x| = -x > 0,所以 |x|≥0|x| \geq 0
所以无论 xx 为任意实数,都有 |x|≥0|x| \geq 0
由上面的讨论可知,只有 x=0x = 0时 |x|=0|x| =0。所以当 |x|=0|x| = 0 时, x=0x = 0。
(b) |x+y|≤|x|+|y||x+y| \leq |x| + |y|
分情况讨论。共 10 种情况。
(1) x=0x = 0, |x+y|=|y|≤|x|+|y||x + y| = |y| \leq |x| + |y|
(2) y=0y = 0, |x+y|=|x|≤|x|+|y||x + y| = |x| \leq |x| + |y|
(3) x>0,y>0x > 0, y > 0, |x+y|=x+y=|x|+|y||x + y| = x + y = |x| + |y|
(4) x<0,y<0x , |x+y|=(−x)+(−y)=|x|+|y||x + y| = (-x) + (-y) = |x| + |y|
(5) x>0,y<0,x>(−y)x > 0, y (-y)。这时 |x+y|=x+y=x−(−y)=|x|−|y|<|x|<|x|+|y| |x + y| = x + y = x - (-y) = |x| - |y|
(6) x>0,y<0,x=(−y)x > 0, y 。 这时 |x+y|=0<|x|+|y||x+y| = 0
(7) x>0,y<0,x<(−y)x > 0, y 。这时 |x+y|=−(x+y)=(−x)+(−y)=|y|−|x|<|y|<|x|+|y| |x + y| = -(x + y) = (-x) + (-y) = |y| - |x|
(8) x<0,y>0,y>(−x)x 0, y > (-x)。这时 |x+y|=x+y=(−x)+y=|y|−|x|<|y|<|x|+|y| |x + y| = x + y = (-x) + y = |y| - |x|
(9) x<0,y>0,−x=yx 0, -x = y。 这时 |x+y|=0<|x|+|y||x+y| = 0
(10) x<0,y>0,y<(−x)x 0, y 。这时 |x+y|=−(x+y)=(−x)+(−y)=|x|−|y|<|x|<|x|+|y| |x + y| = -(x + y) = (-x) + (-y) = |x| - |y|
综合上述 10 种情况,都有 |x+y|≤|x|+|y||x+y| \leq |x| + |y|
(c) −y≤x≤y-y \leq x \leq y 成立,当且仅当 y≥|x|y \geq |x|
先证明 (−y≤x≤y)⇒(y≥|x|)(-y \leq x \leq y) \Rightarrow (y \geq |x|)
因为 −y≤y-y \leq y 所以 y≥0y \geq 0
分 2 种情况讨论:
(1)−y≤x≤y-y \leq x \leq y 并且 x≥0x \geq 0 这时因为 0≤x≤y0 \leq x \leq y,所以 |x|≤y|x| \leq y
(2)−y≤x≤y-y \leq x \leq y 并且 x<0x 这时因为 −y≤x-y \leq x,y≥−x>0y \geq -x > 0,所以 |x|≤y|x| \leq y
所以 (−y≤x≤y)⇒(y≥|x|)(-y \leq x \leq y) \Rightarrow (y \geq |x|)
再证明 (y≥|x|)⇒(−y≤x≤y) (y \geq |x|) \Rightarrow (-y \leq x \leq y)
y≥|x|y \geq |x| 表明 (y≥x)(y \geq x) 并且 (y≥−x)(y \geq -x)
因为 (y≥−x)(y \geq -x) 所以 x≥−yx \geq -y
所以 −y≤x≤y-y \leq x \leq y
(d) |xy|=|x||y||xy| = |x||y|
分情况讨论。
(1) x=0x = 0 或 y=0y = 0 这时有 |xy|=0=|x||y||xy| = 0 = |x| |y|
(2) x>0,y<0x > 0, y 这时有 |xy|=−xy=|x|(−y)=|x||y||xy| = -xy = |x| (-y) = |x| |y|
(3) x<0,y>0x 0 这时有 |xy|=−xy=−x|y|=|x||y||xy| = -xy = -x |y| = |x| |y|
(4) x>0,y>0x > 0, y > 0 这时有 |xy|=xy=|x||y||xy| = xy = |x| |y|
(5) x<0,y<0x 这时有 |xy|=xy=(−x)(−y)=|x||y||xy| = xy = (-x) (-y) = |x| |y|
(e)d(x,y)≥0\mathsf{d}(x,y) \geq 0,d(x,y)=0\mathsf{d}(x,y) =0 当且仅当 x=yx = y
d(x,y)=|x−y|≥0\mathsf{d}(x,y) = |x - y| \geq 0
\mathsf{d}(x,y) = 0\\ \Leftrightarrow |x - y| = 0 \\ \Leftrightarrow x - y = 0 \\ \Leftrightarrow x = y
(f) 证明 d(x,y)=d(y,x)\mathsf{d}(x,y) = \mathsf{d}(y, x)。
d(x,y)=|x−y|=|−(x−y)|=|y−x|=d(y,x)\mathsf{d}(x,y) = |x -y| = |-(x - y)| = |y - x| = \mathsf{d}(y, x)
(g)证明 d(x,z)≤d(x,y)+d(y,z)\mathsf{d}(x,z) \leq \mathsf{d}(x,y) + \mathsf{d}(y,z)
d(x,z)=|x−z|=|x−y+y−z|≤|x−y|+|y−z|=d(x,y)+d(y,z)\mathsf{d}(x,z) = |x - z| = |x - y + y - z| \leq |x- y| + |y - z| = \mathsf{d}(x,y)+ \mathsf{d}(y,z)
4.3.2 证明命题 4.3.7 剩下的结论
(a) 如果 x=yx = y 那么对于每个 ε>0\varepsilon > 0, xx 都是 ε\varepsilon - 接近 yy 的。反之,对于每个 ε>0\varepsilon > 0, xx 都是 ε\varepsilon - 接近 yy 的,那么 x=yx = y。
x=yx = y 则 |x−y|=0<ε|x - y| = 0
所以如果 x=yx = y 那么对于每个 ε>0\varepsilon > 0, xx 都是 ε\varepsilon - 接近 yy 的。
反证法证明反向命题。
假设存在一对 xx 和 yy 满足 x≠yx \neq y 但是对于每个 ε>0\varepsilon > 0, xx 都是 ε\varepsilon - 接近 yy 的。
因为 x≠yx\neq y 所以 x−y≠0x - y \neq 0 所以 d(x,y)=|x−y|≠0\mathsf{d} (x,y) = |x-y| \neq 0
设 ε=|x−y|2>0\varepsilon = \frac{|x-y|} {2} > 0
那么有 d(x,y)=|x−y|=2ε>ε\mathsf{d} (x,y) = |x-y| = 2 \varepsilon > \varepsilon 说明 xx 不是 ε\varepsilon - 接近 yy 的。与原假设矛盾。
所以 对于每个 ε>0\varepsilon > 0, xx 都是 ε\varepsilon - 接近 yy 的,那么 x=yx = y。
(b)设 ε>0\varepsilon > 0 如果 xx 是 ε\varepsilon- 接近 yy, 那么 yy 也是 ε\varepsilon - 接近 xx。
因为 xx 是 ε\varepsilon - 接近 yy。
所以 d(x,y)≤ε\mathsf{d}(x,y) \leq \varepsilon 。
所以 d(y,x)=d(x,y)≤ε\mathsf{d}(y,x) = \mathsf{d}(x,y) \leq \varepsilon
所以 yy 是 ε\varepsilon- 接近 xx。
(c) ε,δ>0\varepsilon ,\delta > 0, 如果 如果 xx 是 ε\varepsilon- 接近 yy 的, yy 是 δ\delta - 接近 zz 的。那么 xx 是 (ε+δ)(\varepsilon + \delta)- 接近 zz 的。
因为 xx 是 ε\varepsilon- 接近 yy 的, yy 是 δ\delta - 接近 zz 的。
所以 d(x,y)≤ε,d(y,z)≤δ\mathsf{d}(x,y) \leq \varepsilon, d(y,z) \leq \delta
因为 d(x,z)≤d(x,y)+d(y,z)≤ε+δ\mathsf{d}(x,z) \leq \mathsf{d}(x,y)+\mathsf{d}(y,z) \leq \varepsilon + \delta
所以 xx 是 (ε+δ)(\varepsilon + \delta)- 接近 zz 的。
(d)ε,δ>0\varepsilon ,\delta > 0, 如果 xx 和 yy 是 ε\varepsilon- 接近的, zz 和 ww 是 δ\delta - 接近的。那么 x+zx + z 是 (ε+δ)(\varepsilon + \delta)- 接近 y+wy + w 的。而且 x−zx - z 是 (ε+δ)(\varepsilon + \delta)- 接近 y−wy - w 的。
因为 xx 和 yy 是 ε\varepsilon- 接近的, zz 和 ww 是 δ\delta - 接近的。
所以 d(x,y)≤ε,d(w,z)≤δ\mathsf{d}(x,y) \leq \varepsilon, \mathsf{d}(w,z) \leq \delta
因为 d(x+z,y+w)=|(x+z)−(y+w)|≤|x+y|+|z+w|≤ε+δ\mathsf{d}(x+z, y+w) = |(x + z) - (y + w)| \leq |x + y| + |z + w| \leq \varepsilon + \delta
所以 x+zx + z 是 (ε+δ)(\varepsilon + \delta)- 接近 y+wy + w 的。
因为 d(x−z,y−w)=|(x−z)−(y−w)|≤|x−y|+|w−z|≤ε+δ\mathsf{d}(x-z, y-w) = |(x - z) - (y - w)| \leq |x - y| + |w - z| \leq \varepsilon + \delta
所以 x−zx - z 是 (ε+δ)(\varepsilon + \delta)- 接近 y−wy - w 的。
(e)ε>0\varepsilon > 0, 如果 xx 和 yy 是 ε\varepsilon- 接近的,那么对于每个 ε′>ε\varepsilon' > \varepsilon, xx 和 yy 也是 ε′\varepsilon'- 接近。
因为 xx 和 yy 是 ε\varepsilon- 接近的。
所以 d(x,y)≤ε\mathsf{d}(x,y) \leq \varepsilon
因为 ε′>ε\varepsilon' > \varepsilon
所以 d(x,y)≤ε<ε′\mathsf{d}(x,y) \leq \varepsilon
所以 xx 和 yy 也是 ε′\varepsilon'- 接近。
(f)ε>0\varepsilon > 0, 如果 xx 和 yy 是 ε\varepsilon- 接近的,xx 和 zz 也是 ε\varepsilon- 接近的,并且 ww 介于 yy 和 zz 之间。那么 xx 和 ww 是 ε\varepsilon- 接近的。
因为 xx 和 yy 是 ε\varepsilon- 接近的,xx 和 zz 也是 ε\varepsilon- 接近的。
所以有 d(y,x)≤ε,d(z,x)≤ε\mathsf{d}(y, x) \leq \varepsilon, \mathsf{d}(z, x) \leq \varepsilon
对 ww 分类讨论:
(1) y≤w≤zy \leq w \leq z
所以 y−x≤w−x≤z−xy - x \leq w - x \leq z - x
如果 w−x≥0w - x \geq 0,那么有 |w−x|≤|z−x|≤ε|w - x| \leq |z-x| \leq \varepsilon
如果 w−x<0w - x ,那么有 |w−x|=x−w≤x−y≤|x−y|≤ε|w - x| = x - w \leq x - y \leq |x - y| \leq \varepsilon
所以 |w−x|≤ε|w - x| \leq \varepsilon
(2) z≤w≤yz \leq w \leq y
所以 y−x≥w−x≥z−xy - x \geq w - x \geq z - x
如果 w−x≥0w - x \geq 0,那么有 |w−x|≤|y−x|≤ε|w - x| \leq |y-x| \leq \varepsilon
如果 w−x<0w - x ,那么有 |w−x|=x−w≤x−z≤|x−z|≤ε|w - x| = x - w \leq x - z \leq |x - z| \leq \varepsilon
所以 |w−x|≤ε|w - x| \leq \varepsilon
综上,恒有 |w−x|≤ε|w - x| \leq \varepsilon
所以 xx 和 ww 是 ε\varepsilon- 接近的。
(g)ε>0\varepsilon > 0, 如果 xx 和 yy 是 ε\varepsilon- 接近的,并且 z≠0z \neq 0,那么 xzxz 是 |z|ε|z| \varepsilon 接近 yzyz 的。
因为 xx 和 yy 是 ε\varepsilon- 接近的。
所以 d(y,x)=|x−y|≤ε\mathsf{d}(y, x) = |x - y| \leq \varepsilon。
因为 d(xz,yz)=|xz−yz|=|x−y||z|≤|z|ε\mathsf{d}(xz, yz) = |xz - yz| = |x - y| |z| \leq |z| \varepsilon
所以 xzxz 是 |z|ε|z| \varepsilon- 接近 yzyz 的。
4.3.3 设 xx 和 yy 是比例数,nn 和 mm 是自然数。
(a1)证明 xnxm=xm+nx^n x^m = x ^{m+n}
对 m 用数学归纳法。
m=0m = 0 时,xnx0=xnx^n x^0 = x^n
假设对 mm 成立。
那么对 m++m++, 有 xnxm++=xnxmx=xm+nx=xn+(m++)x^n x^{m++} = x^n x^m x =x^{m+n} x = x^{n + (m++)}
所以 xnxm=xm+nx^n x^m = x ^{m+n}
(a2)证明 (xn)m=xnm(x^n) ^m = x^{nm}
m=0 m = 0 时, (xn)0=1=x0(x^n) ^0 = 1 = x^0
假设对 mm 成立。
那么 对 m++m++,有 (xn)m++=(xn)m(xn)=xmn(xn)=xmn+n=xn(m++)(x^n)^{m++} = (x^n) ^m (x^n) =x^{mn} (x^n) = x^{mn + n} = x^{n(m++)}
所以 (xn)m=xnm(x^n) ^m = x^{nm}
(a3)证明 (xy)n=xnyn(xy)^n = x^n y^n
0=0 0 = 0 时, (xy)0=1=x0y0(xy)^0 = 1 = x^0 y^0
假设对 nn 成立。
那么 对 n++n++,有 (xy)n+1=(xy)n(xy)=xnynxy=xn++yn++(xy)^{n+1} = (xy)^n (xy) = x^n y^n x y = x^{n++} y^{n++}
所以 (xy)n=xnyn(xy)^n = x^n y^n
(b)xn=0x^n = 0 当且仅当 x=0x = 0
先证明 (xn=0)⇒(x=0)(x^n = 0) \Rightarrow (x = 0)。
数学归纳法:
当 n=1n = 1 时,显然 (x1=x=0)⇒(x=0)(x ^ 1 = x = 0) \Rightarrow (x = 0)
假设对于 nn 成立,也就是 (xn=0)⇒(x=0)(x^n = 0) \Rightarrow (x = 0)
那么对于 n++n ++,有
x^{n++} = 0\\ \Rightarrow x^n x = 0\\ \Rightarrow (x^n = 0) \ or \ (x = 0)\\ \Rightarrow (x = 0)
所以 (xn=0)⇒(x=0)(x^n = 0) \Rightarrow (x = 0) 对任意 n>0,n∈Nn > 0, n \in \mathbb{N} 成立。
再证明 (x=0)⇒(xn=0)(x = 0) \Rightarrow (x^n = 0)。
数学归纳法:
设 x=0x = 0,n=1n = 1 时,显然 x1=0x^1 = 0。
假设对于 nn 成立,也就是 xn=0x^n = 0
那么对于 n++n ++,有 xn++=xn×n=0x^{n++} = x^n \times n = 0
所以 (x=0)⇒(xn=0)(x = 0) \Rightarrow (x^n = 0) 对任意 n>0,n∈Nn > 0, n \in \mathbb{N} 成立。
所以 xn=0x^n = 0 当且仅当 x=0x = 0。
(c1)如果 x≥y≥0x \geq y \geq 0 那么 xn≥yn≥0x^n \geq y^n \geq 0。
数学归纳法:
已知 x≥y≥0x \geq y \geq 0 当 n=1n = 1 时,显然有 x1≥y1≥0x^1 \geq y^1 \geq 0。
假设对于 nn 成立,也就是 xn≥yn≥0x^n \geq y^n \geq 0
那么对于 n++n ++,有
\begin{eqnarray} x^{n++} - y^{n++} &=& x^n x- y^n y \\ &\geq& x^n y - y^n y \\ & = & (x^n - y^n) y\\ &\geq & 0 \end{eqnarray}
所以 xn++≥yn++x^{n++} \geq y^{n++}
yn++=yn×y≥0y ^{n++} = y^n \times y \geq 0
所以 xn++≥yn++≥0x^{n++} \geq y^{n++} \geq 0
(c2)如果 x>y≥0x > y \geq 0 那么 xn>yn≥0x^n > y^n \geq 0。
数学归纳法:
已知 x>y≥0x > y \geq 0 当 n=1n = 1 时,显然有 x1>y1≥0x^1 > y^1 \geq 0。
假设对于 nn 成立,也就是 xn>yn≥0x^n > y^n \geq 0
那么对于 n++n ++,有
\begin{eqnarray} x^{n++} - y^{n++} &=& x^n x- y^n y \\ &>& x^n y - y^n y \\ & = & (x^n - y^n) y\\ &\geq & 0 \end{eqnarray}
所以 xn++>yn++x^{n++} > y^{n++}
yn++=yn×y≥0y ^{n++} = y^n \times y \geq 0
所以 xn++>yn++≥0x^{n++} > y^{n++} \geq 0
(d) |xn|=|x|n|x^n| = |x|^n
数学归纳法:
当 n=1n = 1 时,显然有 |x1|=|x|1=|x||x^1| = |x|^1 = |x|。
假设对于 nn 成立,也就是 |xn|=|x|n|x^n| = |x|^n
那么对于 n++n ++,有 |xn++|=|xnx|=|xn||x|=|x|n|x|=|x|n++|x^{n++}| = |x^n x| = |x^n||x| = |x|^n |x| = |x|^{n++}
所以 |xn|=|x|n|x^n| = |x|^n
4.3.4 设 xx 和 yy 是比例数,nn 和 mm 是整数。
(a1)证明 xnxm=xm+nx^n x^m = x ^{m+n}
先证明一个引理:当 nn 和 mm 是自然数并且 m≥nm \geq n 时, xm/xn=xm−nx^m / x^n = x^{m-n}。
设 q=m−n≥0q = m - n \geq 0
\frac{x^m}{x^n} = \frac{x^n x^q}{x^n} = x^q = x^{m - n}
证明另一个引理:当 nn 是自然数时有:
\left(\frac{1}{x}\right)^n= \frac{1}{x^n}
数学归纳法:
n=0n = 0 时
\left(\frac{1}{x}\right)^0 = 1 = \frac{1}{x^0}
假设对于 nn 成立。
那么对于 n++n++ 有:
\left(\frac{1}{x}\right)^{n++}= \left(\frac{1}{x}\right)^{n} \frac{1}{x} = \frac{1}{x^n} \frac{1}{x} = \frac{1}{x^{n++}}
所以对任意的自然数 nn 上述引理成立。
下面开始证明这道题,对 n,mn,m 分情况讨论:
(1) n≥0,m≥0n \geq 0, m \geq 0
由上题结论
x^n x^m = x ^{m+n}
(2) n<0,m≥0n 并且 m≥−nm \geq -n
设 q=−n≥0q = -n \geq 0
x^n x^m = \frac{x^m}{x^{q} } = x^{m - q} = x^{m + n}
(3) n<0,m≥0n 并且 −n≥m-n \geq m
设 q=−n≥mq = -n \geq m
x^n x^m = \frac{1}{x^{q} / x^m} = \frac{1}{x^{q-m}} = \frac{1}{x^{-(m + n)}} = x^{m+n}
(4) m<0,n≥0m
x^n x^m = x^m x^n = x^{n + m} = x^{m + n}
(5) n<0,m<0n
x^n x^m = \frac{1}{x^{(-n)}} \frac{1}{x^{(-m)}}=\frac{1}{x^{-(m+n)}}=x ^{m+n}
(a2)证明 (xn)m=xnm(x^n) ^m = x^{nm}
对 m,nm,n 分情况讨论:
(1) n≥0,m≥0n \geq 0, m \geq 0
由上题结论,此时有
(x^n) ^m = x^{nm}
(2)n≥0,m<0n \geq 0, m
设 q=−m≥0q = -m \geq 0
(x^n) ^m = \frac{1}{(x^n)^{q}} = \frac{1}{x^{nq}}= x^{-nq} = x^{nm}
(3)m≥0,n<0m \geq 0, n
设 q=−n≥0q = -n \geq 0
(x^n) ^m = \left(\frac{1}{x^q}\right)^{m} = \frac{1}{x^{qm}}=x^{nm}
(4)m<0,n<0m
设 q=−m≥0q = -m \geq 0
(x^n) ^m = \frac{1}{(x^n)^{q}} = \frac{1}{x^{nq}} = \frac{1}{x^{-nm}} = x^{nm}
(a3)证明 (xy)n=xnyn(xy)^n = x^n y^n
当 n≥0n \geq 0 时,上题已经证明了 (xy)n=xnyn(xy)^n = x^n y^n。
当 n<0n 时,
(xy)^n = \frac{1}{(xy)^{-n}} = \frac{1}{(x)^{-n}} \frac{1}{(y)^{-n}}= x^n y^n
(b1) 如果 x>y≥0x > y \geq 0 那么当 nn 是正数时 xn>yn≥0x^n > y^n \geq 0。
上道习题已经证明这个结论。
(b2) 如果 x>y≥0x > y \geq 0 那么当 nn 是负数时 0≤xn<yn0 \leq x^n 。
当 nn 是负数时 −n-n 是正数。
x^{-n} > y^{-n} \geq 0 \\\ \Rightarrow \frac{1}{x^n} > \frac{1}{y^n} \geq 0\\ \Rightarrow y^n > x^n \geq 0
(c)如果 x,y>0,n≠0x , y > 0, n \neq 0 并且 xn=ynx^n = y^n 那么 x=yx = y。
当 nn 是正数时,上题已经证明这个结论。
当 nn 是负数时 −n-n 是正数。
x^{n} = y^{n} \\\ \Rightarrow \frac{1}{x^{-n}} = \frac{1}{y^{-n}}\\ \Rightarrow y^{-n} = x^{-n}\\ \Rightarrow x = y
(d) |xn|=|x|n|x^n| = |x|^n
分类讨论:
(1) n≥0n \geq 0 由上题结论 |xn|=|x|n|x^n| = |x|^n
(2) n<0n
\begin{eqnarray} |x^n| &=& \left|\frac{1}{x^{-n}}\right | \\ &=& \frac{1}{|x^{-n}|} \\ &=& \frac{1}{|x|^{-n}} \\ &=& |x|^n \end{eqnarray}
4.3.5 证明对任何正整数 N ,都有2N>N 2^N > N
用数学归纳法,当 n = 1 时。 21=2>12 ^ 1 = 2 > 1
假设当 n=Nn = N 时 2N>N2^N > N 成立。
那么当 n=N++n = N++ 时, 2N++=2N×2>2N≥N++2^{N++} = 2^N \times 2 > 2 N \geq N++
所以对任意的正整数 N ,都有2N>N 2^N > N
陶哲轩实分析 4.3 节习题试解相关推荐
- 陶哲轩实分析 5.5 节习题试解
陶哲轩实分析 5.5 节习题试解 5.5.1 设 E \mathrm{E} 是 R \mathbb R 的一个非空子集, E \mathrm{E} 有最小上界 M M,它是个实数,即 M=sup(E) ...
- 陶哲轩实分析 2.3节 习题试解
陶哲轩实分析 2.3节 习题试解 最近从网上下载到了陶哲轩写的实分析,确实是本好书.不过所有的习题都没有给出答案.我试着自己做一遍习题,整理了一份习题解答.放到这里,希望对大家有用. 2.3.1 证明 ...
- 陶哲轩实分析 5.1 节习题试解
陶哲轩实分析 5.1 节习题试解 这一节只有一道习题.证明有理数 Cauchy 序列是有界的. 证明: 设 (an)∞n=0(a_n)_{n=0}^{\infty} 是个 Cauchy 序列. 那么根 ...
- 陶哲轩实分析 3.5 节习题试解
3.5.1 第一种定义: (x,y):={{x},{x,y}}(x,y) := \{\{x\},\{x,y\}\} (x,y):={{x},{x,y}} (x′,y′):={{x′},{x′,y′}} ...
- 陶哲轩实分析习题17.1.2
陶哲轩实分析习题17.1.2 转载于:https://www.cnblogs.com/yeluqing/archive/2012/09/10/3828300.html
- 陶哲轩实分析 习题 12.5.12
设 $(X,d_{disc})$ 是具有离散度量 $d_{disc}$ 的度量空间. (a)证明 $X$ 是完备的. \begin{proof} 即证明 $X$ 的每个柯西列都收敛到 $X$ 中的一个 ...
- 陶哲轩实分析习题9.1.1
设$X$是实直线的子集合,并设$Y$是集合,使得$X\subseteq Y\subseteq \overline{X}$,证明$\overline{Y}=\overline{X}$. 证明:因为$X\ ...
- 《陶哲轩实分析》部分勘误
我在读<陶哲轩实分析>,作者是陶哲轩,译者王昆扬.2008年11月第一版,第一次印刷.我在此添加一部分中译本印刷错误,若网友发现了另外的错误,请在评论里补充,由我代为添加.若有不当之处,敬 ...
- 陶哲轩实分析:三大序列分析和归纳
本文是我对陶哲轩6.4节的抽象或归纳.本文指出,上下极限.极限.极限点的定义的根源是数学家们为了描述三种不同序列的特征而引入的定义.关于上下极限.极限.极限点的相关定理都完全由这三种不同序列的定义直接 ...
- 陶哲轩实分析:有理数和整数理论体系统一
本文是对陶哲轩实分析中4.1节和4.2节的分析. 为了建立更加优美的有理数-整数严格理论体系,hj建议删除关于倒数和负整数的定义,转而引入hj强定义体系. hj整数强定义: 定义:n--0 = n 定 ...
最新文章
- DataTable的Compute功能详解
- 一些Linux shell
- 毕业作文计算机系统与维护,修电脑作文600字
- Java 并发(JUC 包-03)
- 剑指Offer之平衡二叉树
- 使用PublishSetting快速在Powershell中登录Azure
- split函数 在oracle,oracle的split函数
- QCC3020开发问题汇总(更新中。。。)
- msfconsole攻击ftp_MSFconsole核心命令教程
- 这么理解线程生命周期,是不是很简单?
- STM32内部RAM在线调试配置方法及详细说明(基于Keil开发工具)
- 使用 Raspberry Pi 和 CUPS 设置打印服务器
- AFM模型原理及Pytorch代码复现
- android指南针校准 代码_Android指南针app的实现原理总结
- 使用vue/cli出现defineConfig is not function 错误
- 表格布局管理器TableLayout
- Matlab中库函数imadjust()的使用细节
- HDU2604Queuing
- sja1000编程c语言,CAN总线控制器-SJA1000源程序(c语言)资料.doc
- 华为快应用 - web标签无法加载部分网页
热门文章
- 问题分析:5W2H分析法
- 常用分析模型---5W2H分析模型
- Web前端技术基础实验报告四之列表实现简易网站导航
- swiper 切换时间_改变Swiper切换和animate.js动画的时间曲线
- java配置文件密码加密解密_Java-从配置文件加密/解密用户名和密码
- UEFI电脑安装Win7并激活
- 大脚插件服务器金币显示,关于魔兽世界的大脚插件无法显示金钱的问题
- selenium实例登陆拉勾网 外加手动验证验证码
- BottomNavigationView+ViewPager+Fragment 底部导航按钮
- SwiftUI+CoreData项目出现The operation couldn’t be completed(GenericObjCError error 0)错误的解决