高等数学期末总复习 DAY 5. 罗尔定理证明题 拉格朗日、柯西中值定理 泰勒公式及麦克劳林公式
DAY 5.
文章目录
- DAY 5.
- 1.罗尔定理
- 2.拉格朗日定理
- 3.柯西中值定理
- 4.泰勒公式及麦克劳林公式
1.罗尔定理
罗尔定理描述如下:
如果 R 上的函数 f(x) 满足以下条件:(1)在闭区间 [a,b] 上连续,(2)在开区间 (a,b) 内可导,(3)f(a)=f(b),则至少存在一个 ξ∈(a,b),使得 f’(ξ)=0。
例题1
若方程 a0xn+a1xn−1+...+an−1x=0a_0x^n+a_1x^{n-1}+...+a_{n-1}x = 0a0xn+a1xn−1+...+an−1x=0有一个正根,x=x0x = x_0x=x0,试证方程 a0nxn−1+a1(n−1)xn−2+...+an−1=0a_0nx^{n-1}+a_1(n-1)x^{n-2}+...+a_{n-1} = 0a0nxn−1+a1(n−1)xn−2+...+an−1=0 必有一个小于x0x_0x0正根。
解:
令 f(x)=a0xn+a1xn−1+...+an−1xf(x) = a_0x^n+a_1x^{n-1}+...+a_{n-1}xf(x)=a0xn+a1xn−1+...+an−1x
因为原方程有一个x=x0x = x_0x=x0的正根,所以有
f(x0)=a0x0n+a1x0n−1+...+an−1x0f(x_0) = a_0x_0{^n}+a_1x_0{^{n-1}}+...+a_{n-1}x_0f(x0)=a0x0n+a1x0n−1+...+an−1x0 = 0
而:f(0)=a00n+a10n−1+...+an−10=0f(0) = a_00^n+a_10^{n-1}+...+a_{n-1}0 = 0f(0)=a00n+a10n−1+...+an−10=0
由罗尔定理可知:必存在一 ξ∈(0,x0)\xi \in (0,x_0)ξ∈(0,x0) 使得f′(ξ)=0f'(\xi) = 0f′(ξ)=0
所以 f′(ξ)=a0nξn−1+a1(n−1)ξn−2+...+an−1=0f'(\xi) = a_0n\xi^{n-1}+a_1(n-1)\xi^{n-2}+...+a_{n-1} = 0f′(ξ)=a0nξn−1+a1(n−1)ξn−2+...+an−1=0
当ξ=x\xi = xξ=x时原式证毕
2.拉格朗日定理
拉格朗日定理其实是罗尔定理的一种推广
如果函数f(x)f(x)f(x)满足:1) 在闭区间[a,b]上连续;2) 在开区间(a,b)内可导;那么在(a,b)内至少有一点ξ(a<ξ<b)\xi(a<\xi<b)ξ(a<ξ<b),使等式 f(b)−f(a)=f′(ξ)(b−a)f(b) - f(a) = f'(\xi) (b-a)f(b)−f(a)=f′(ξ)(b−a)成立。
例题2
设 a > b >0, n>1 证明nbn−1(a−b)<an−bn<nan−1(a−b)nb^{n-1}(a-b) < a^n - b^n <na^{n-1}(a-b)nbn−1(a−b)<an−bn<nan−1(a−b)
解: 设F(x)=xnF(x) = x^nF(x)=xn
由拉格朗日定理可得:
F(a)−F(b)=an−bnF(a)-F(b) = a^n - b^nF(a)−F(b)=an−bn = F′(ξ)(a−b)F'(\xi) (a-b)F′(ξ)(a−b)
因为:b<ξ<ab<\xi<ab<ξ<a
所以bn−1(a−b)<an−bn<an−1(a−b)b^{n-1}(a-b) < a^n - b^n <a^{n-1}(a-b)bn−1(a−b)<an−bn<an−1(a−b)
且 n > 1
可得:nbn−1(a−b)<an−bn<nan−1(a−b)nb^{n-1}(a-b) < a^n - b^n <na^{n-1}(a-b)nbn−1(a−b)<an−bn<nan−1(a−b)
3.柯西中值定理
柯西中值定理是前两者的进一步推广,期末不常考,因为用柯西定理证明的题,用罗尔和拉格朗日都可以证明出来
柯西定理就是当我们把拉格朗日定理里面的 yyy 看成 f(x)f(x)f(x) , xxx 看成g(x)g(x)g(x) 获得两个参数方程
{y=f(x)x=g(x)\begin{cases} y = f(x) \\x = g(x) \\ \end{cases}{y=f(x)x=g(x)
得到: f(b)−f(a)g(b)−g(a)=f′(ξ)g′(ξ)\frac{f(b)-f(a)}{g(b)-g(a)}=\frac{f'(\xi)}{g'(\xi)}g(b)−g(a)f(b)−f(a)=g′(ξ)f′(ξ)
例题3
设 b>a>0 若f(x)f(x)f(x)在【a,b】上连续,在(a,b)上可导,求证 ∃ξ∈(a,b)\exists \xi \in (a,b)∃ξ∈(a,b) 使得f(b)−f(a)=ξf′(ξ)baf(b)-f(a) = \xi f'(\xi) \frac{b}{a}f(b)−f(a)=ξf′(ξ)ab
解:
设 g(x)=lnx,f(x)g(x) = \ln x,f(x)g(x)=lnx,f(x)
由柯西中值定理可知:
f(b)−f(a)g(b)−g(a)=f′(ξ)g′(ξ)=f′(ξ)1ξ\frac{f(b)-f(a)}{g(b)-g(a)} = \frac{f'(\xi)}{g'(\xi)} = \frac{f'(\xi)}{\frac{1}{\xi}}g(b)−g(a)f(b)−f(a)=g′(ξ)f′(ξ)=ξ1f′(ξ)
⇒\Rightarrow⇒ f(b)−f(a)=f′(ξ)1ξ∗g(b)−g(a)f(b)-f(a) = \frac{f'(\xi)}{\frac{1}{\xi}}*g(b)-g(a)f(b)−f(a)=ξ1f′(ξ)∗g(b)−g(a)
⇒\Rightarrow⇒ f(b)−f(a)=ξf′(ξ)lnbaf(b)-f(a) = \xi f'(\xi) \ln{\frac{b}{a}}f(b)−f(a)=ξf′(ξ)lnab 证毕
4.泰勒公式及麦克劳林公式
当泰勒公式其中的x0=0x_0 = 0x0=0的时候就变成了麦克劳林公式
有两个余项:
要记住一些常用函数的泰勒公式
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