高等数学期末总复习 DAY 3.利用导数定义求极限 判断连续与可导的关系 关于导数定义的证明题 基本求导 基本高阶求导 抽象函数求导
DAY 3.
一路陪我走过来的从来都不是什么善良正直正能量,而是虚荣嫉妒不甘心
文章目录
- DAY 3.
- 1. 利用导数定义求极限
- 2.判断连续与可导的关系
- 3.关于导数定义的证明题
- 4.基本复合函数求导
- 5. 基本高阶求导
- 6. 抽象函数求导
1. 利用导数定义求极限
导数的两种定义
- f′(x0)f'{(x_0)}f′(x0) = limx→x0f(x)−f(x0)x−x0\lim_{x \to x_0} \frac{f(x) - f(x_0)}{x - x_0}limx→x0x−x0f(x)−f(x0)
- f′(x0)f'{(x_0)}f′(x0) = limΔx→0\lim_{ \Delta x \to 0}limΔx→0 f(x0+Δx)−f(x0)Δx\frac{f(x_0 + \Delta x) - f(x_0)}{ \Delta x}Δxf(x0+Δx)−f(x0)
解题基本用到的是凑上面两种形式的思想。
例题1
求 A = limΔx→0\lim_{ \Delta x \to 0}limΔx→0f(x−Δx)−f(x)Δx\frac{f(x - \Delta x) - f(x)}{ \Delta x}Δxf(x−Δx)−f(x) 的极限
这里和上面第二类导数的定义就相差一个正负号 f(x+Δx)f(x + \Delta x)f(x+Δx)所以很显然我们要凑第二类导数的定义
解:
A = limΔx→0\lim_{ \Delta x \to 0}limΔx→0f(x0−Δx)−f(x0)Δx\frac{f(x_0 - \Delta x) - f(x_0)}{ \Delta x}Δxf(x0−Δx)−f(x0)
= limΔx→0\lim_{ \Delta x \to 0}limΔx→0f(x0+(−Δx))−f(x0)−Δx\frac{f(x_0 +(- \Delta x)) - f(x_0)}{ -\Delta x}−Δxf(x0+(−Δx))−f(x0) *(-1)
= f′(x0)f'(x_0)f′(x0) * (-1)
= - f′(x0)f'(x_0)f′(x0)
例题2
如果f(0)=0f(0) = 0f(0)=0 ,且 f′(0)f'(0)f′(0)存在,求A = limx→0f(x)x\lim_{x \to 0} \frac{f(x)}{x}limx→0xf(x)
解:由题意得
A = limx→0f(x)−0x−0\lim_{x \to 0} \frac{f(x) - 0}{x - 0}limx→0x−0f(x)−0
=limx→0f(x)−f(0)x−0\lim_{x \to 0} \frac{f(x) - f(0)}{x - 0}limx→0x−0f(x)−f(0)
=f′(0)f'(0)f′(0)
例题3
求A = limh→0f(x0+h)−f(x0−h)h\lim_{h \to 0} \frac{f(x_0 + h) - f(x_0 - h)}{h}limh→0hf(x0+h)−f(x0−h)
解:原式
=limh→0f(x0+h)−f(x0)+f(x0)−f(x0−h)h\lim_{h \to 0} \frac{f(x_0 + h) - f(x_0) +f(x_0)- f(x_0 - h)}{h}limh→0hf(x0+h)−f(x0)+f(x0)−f(x0−h)
=limh→0f(x0+h)−f(x0)h\lim_{h \to 0} \frac{f(x_0 + h) - f(x_0) }{h}limh→0hf(x0+h)−f(x0) - limh→0f(x0−h)−f(x0)h\lim_{h \to 0} \frac{f(x_0 - h) - f(x_0) }{h}limh→0hf(x0−h)−f(x0)
=f′(x0)f'(x_0)f′(x0) - limh→0f(x0−h)−f(x0)h\lim_{h \to 0} \frac{f(x_0 - h) - f(x_0) }{h}limh→0hf(x0−h)−f(x0)
=f′(x0)f'(x_0)f′(x0) - (-f′(x0)f'(x_0)f′(x0))
=2f′(x0)f'(x_0)f′(x0)
2.判断连续与可导的关系
可导一定连续,连续不一定可导
一般有两种题型:
- f(x)={...(x!=x0)...(x=x0)f(x)=\left\{ \begin{aligned} ... & & (x != x_0) \\ ... & & (x = x_0) \\ \end{aligned} \right. f(x)={......(x!=x0)(x=x0)
例题4
讨论 f(x)={0x=0x2sin1xx!=0f(x)=\begin{cases} 0& \text{x=0}\\x^2sin\frac{1}{x}& \text{x!=0} \end{cases}f(x)={0x2sinx1x=0x!=0 的连续性与可导性
解:依题意得该函数的断点为 x = 0
则:limx→0x2sin1x\lim_{x \to 0} x^2 \sin \frac{1}{x}limx→0x2sinx1 = 0
(DAY 1.中的一个重要结论 无穷小量*有界函数 = 0)
由此可知该函数连续。
而:f′(0)f'(0)f′(0) = limx→0f(x)−f(0)x−0\lim_{x \to 0} \frac{f(x) - f(0)}{x - 0}limx→0x−0f(x)−f(0) = limx→0x2sin1x−0x−0\lim_{x \to 0} \frac{x^2\sin \frac{1}{x} - 0}{x - 0}limx→0x−0x2sinx1−0 = 0
所以该函数也可导
- f(x)={...(x≤x0)...(x>x0)f(x)=\left\{ \begin{aligned} ... & & (x \le x_0) \\ ... & & (x > x_0) \\ \end{aligned} \right. f(x)={......(x≤x0)(x>x0)
例题5
f(x)={x2x <= 1ax+bx>1f(x)=\begin{cases} x^2& \text{x <= 1}\\ax+b& \text{x>1} \end{cases}f(x)={x2ax+bx <= 1x>1 在 x = 1处可导,求a,b
解:首先函数可导则一定连续
可得, limx→1ax2+b=f(1)=1\lim_{x \to 1} ax^2 + b = f(1) = 1limx→1ax2+b=f(1)=1 可推 ⇒\Rightarrow⇒ a + b = 1
然后,函数可导,则左右导数相等;
利用定义求导可得,
f′(1−)=limx→1−f(x)−f(1)x−1f'(1^-) = \lim_{x \to 1^-} \frac{f(x) - f(1)}{x - 1}f′(1−)=limx→1−x−1f(x)−f(1) = limx→1−x2−1x−1\lim_{x \to 1^-} \frac{x^2 - 1}{x - 1}limx→1−x−1x2−1 = 2
f′(1+)=limx→1+f(x)−f(1)x−1f'(1^+) = \lim_{x \to 1^+} \frac{f(x) - f(1)}{x - 1}f′(1+)=limx→1+x−1f(x)−f(1)
= limx→1+ax+b−1x−1\lim_{x \to 1^+} \frac{ax +b - 1}{x - 1}limx→1+x−1ax+b−1
=limx→1+(1−b)x+b−1x−1\lim_{x \to 1^+} \frac{(1-b)x +b - 1}{x - 1}limx→1+x−1(1−b)x+b−1
= limx→1+(1−b)(x−1)x−1\lim_{x \to 1^+} \frac{(1-b)(x - 1)}{x - 1}limx→1+x−1(1−b)(x−1)
= 1-b
所以: 1 - b = 2 ⇒\Rightarrow⇒ b = -1
由于:a + b = 1 ⇒\Rightarrow⇒ a = 2
3.关于导数定义的证明题
例题6
设 f (x) 满足条件:
- f(x+y)=f(x)f(y);x,y∈Rf(x + y) = f(x)f(y) ; x,y \in Rf(x+y)=f(x)f(y);x,y∈R
- f(x)=1+xg(x),limx→0g(x)=1f(x) = 1+xg(x), \lim_{x \to 0} g(x) = 1f(x)=1+xg(x),limx→0g(x)=1
证明f(x)在 R 上处处可导,且f′(x)=f(x)f'(x) = f(x)f′(x)=f(x)
解:f′(x)=limΔx→0f(x+Δx)−f(x)Δxf'(x) = \lim_{\Delta x \to 0} \frac{f(x + \Delta x) - f(x)}{\Delta x}f′(x)=limΔx→0Δxf(x+Δx)−f(x)
= limΔx→0f(x)f(Δx)−f(x)Δx\lim_{\Delta x \to 0} \frac{f(x)f( \Delta x) - f(x)}{\Delta x}limΔx→0Δxf(x)f(Δx)−f(x)
=limΔx→0f(x)(f(Δx)−1)Δx\lim_{\Delta x \to 0} \frac{f(x)(f( \Delta x) - 1)}{\Delta x}limΔx→0Δxf(x)(f(Δx)−1)
=f(x)limΔx→0f(Δx)−1Δxf(x)\lim_{\Delta x \to 0} \frac{f( \Delta x) - 1}{\Delta x}f(x)limΔx→0Δxf(Δx)−1
=f(x)limΔx→01+Δxg(Δx)−1Δxf(x)\lim_{\Delta x \to 0} \frac{1 + \Delta x g(\Delta x)- 1}{\Delta x}f(x)limΔx→0Δx1+Δxg(Δx)−1
=f(x)limΔx→0g(Δx)f(x)\lim_{\Delta x \to 0} g(\Delta x)f(x)limΔx→0g(Δx)
= f(x)f(x)f(x)
证毕
4.基本复合函数求导
注意牢记基本公式
5. 基本高阶求导
和例题7安排在一起
注意求导的先后次序,以及中间是否可以化简等,不骜述。
6. 抽象函数求导
例题7 包含第五点基本高阶求导
求 y=f(x2)y = f(x^2)y=f(x2) 的 dydx,d2ydx2\frac{d_y}{d_x}, \frac{d^2{_y}}{d_x^2}dxdy,dx2d2y
解:
dydx\frac{d_y}{d_x}dxdy = f′(x2)∗2xf'(x^2) * 2xf′(x2)∗2x (先函数求导再中间量求导)
d2ydx2\frac{d^2{_y}}{d_x^2}dx2d2y = (f′(x2)∗2x)′(f'(x^2) * 2x)'(f′(x2)∗2x)′ (乘积的求导) = f′′(x2)∗2x∗2x+f′(x2)∗2f''(x^2) *2x *2x + f'(x^2) *2f′′(x2)∗2x∗2x+f′(x2)∗2 = 4x2f′′(x2)+2f′(x2)4x^2 f''(x^2) + 2f'(x^2)4x2f′′(x2)+2f′(x2)
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