『宝藏 状态压缩DP NOIP2017』
宝藏(NOIP2017)
Description
参与考古挖掘的小明得到了一份藏宝图,藏宝图上标出了 n 个深埋在地下的宝藏屋, 也给出了这 n 个宝藏屋之间可供开发的m 条道路和它们的长度。
小明决心亲自前往挖掘所有宝藏屋中的宝藏。但是,每个宝藏屋距离地面都很远, 也就是说,从地面打通一条到某个宝藏屋的道路是很困难的,而开发宝藏屋之间的道路 则相对容易很多。
小明的决心感动了考古挖掘的赞助商,赞助商决定免费赞助他打通一条从地面到某 个宝藏屋的通道,通往哪个宝藏屋则由小明来决定。
在此基础上,小明还需要考虑如何开凿宝藏屋之间的道路。已经开凿出的道路可以 任意通行不消耗代价。每开凿出一条新道路,小明就会与考古队一起挖掘出由该条道路 所能到达的宝藏屋的宝藏。另外,小明不想开发无用道路,即两个已经被挖掘过的宝藏 屋之间的道路无需再开发。
新开发一条道路的代价是:
\[L×K\]
L代表这条道路的长度,K代表从赞助商帮你打通的宝藏屋到这条道路起点的宝藏屋所经过的 宝藏屋的数量(包括赞助商帮你打通的宝藏屋和这条道路起点的宝藏屋) 。
请你编写程序为小明选定由赞助商打通的宝藏屋和之后开凿的道路,使得工程总代 价最小,并输出这个最小值。
Input Format
第一行两个用空格分离的正整数 n,m,代表宝藏屋的个数和道路数。
接下来 m 行,每行三个用空格分离的正整数,分别是由一条道路连接的两个宝藏 屋的编号(编号为 1−n),和这条道路的长度 v。
Output Format
一个正整数,表示最小的总代价。
Sample Input
4 5
1 2 1
1 3 3
1 4 1
2 3 4
3 4 1
Sample Output
4
解析
简单概括题意:给出一副无向图,每条边都有一个权值且均未开通,先可以随便取一个起点,要开通一些边,使它成为一个连通图,开通一条边的代价为这条边的权值*起点到它的点的个数(起点也算),求最小代价。
数据范围\(N<=12\),基本上可以确定是状压\(DP\)了。我们直接最简单地设置状态:\(f[S]\)代表以及取的节点的状态为S的最小代价,那么目标状态就是\(f[(1<<n)-1]\)。
如果考虑递推求解的话,我们发现需要计算花费的深度会很难枚举,这就导致了\(DP\)顺序的问题,如果选择用记忆化搜索求解的话,会方便很多。
由于起点不是确定的,我们需要用一重循环来枚举起点,然后以\(1<<(root-1)\)为初始状态,对每一种情况进行一次记忆化搜索,记搜的大体思路如下:
1.对于状态\(S\),枚举一个点\(i\),满足\(i \in S\)
2.在枚举一个点\(j\),满足\(i,j\)有边相连且\(j \notin S\)
3.状态转移方程:\(f[S']=min{f[S]+depth[i]*dis[i][j]}\)
4.更新新加入的节点j的深度
5.搜索下一个状态\(S'\)
6.回溯还原节点j的深度
最后在每一种情况的目标状态中取个\(min\)就是最终的答案了,时间复杂度\(O(n^32^n)\)。
\(Code:\)
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=15,M=10015,Smax=(1<<N)+20,INF=0x3f3f3f3f;
int n,m,dis[N][N],f[Smax],depth[N],ans=INF;
inline void input(void)
{memset(dis,0x3f,sizeof dis);scanf("%d%d",&n,&m);for(int i=1;i<=m;i++){int u,v,val;scanf("%d%d%d",&u,&v,&val);dis[u][v]=dis[v][u]=min(dis[u][v],val);}
}
inline void Search(int S)
{for(int i=1;i<=n;i++){if((1<<(i-1))&S){for(int j=1;j<=n;j++){if(not ((1<<(j-1))&S)&&(dis[i][j]<INF)){if(f[S|(1<<(j-1))]>f[S]+depth[i]*dis[i][j]){int temp=depth[j];depth[j]=depth[i]+1;f[S|(1<<(j-1))]=f[S]+depth[i]*dis[i][j];Search(S|(1<<(j-1)));depth[j]=temp;} }}}}
}
inline void solve(void)
{for(int root=1;root<=n;root++){memset(f,0x3f,sizeof f);memset(depth,0x3f,sizeof depth);f[1<<(root-1)]=0;depth[root]=1;Search(1<<(root-1));ans=min(ans,f[(1<<n)-1]);}
}
int main(void)
{input();solve();printf("%d\n",ans);
}
转载于:https://www.cnblogs.com/Parsnip/p/10327844.html
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