BZOJ3670 [Noi2014]动物园【KMP计数】

3670: [Noi2014]动物园

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Description

近日，园长发现动物园中好吃懒做的动物越来越多了。例如企鹅，只会卖萌向游客要吃的。为了整治动物园的不良风气，让动物们凭自己的真才实学向游客要吃的，园长决定开设算法班，让动物们学习算法。

某天，园长给动物们讲解KMP算法。

园长：“对于一个字符串S，它的长度为L。我们可以在O(L)的时间内，求出一个名为next的数组。有谁预习了next数组的含义吗？”

熊猫：“对于字符串S的前i个字符构成的子串，既是它的后缀又是它的前缀的字符串中（它本身除外），最长的长度记作next[i]。”

园长：“非常好！那你能举个例子吗？”

熊猫：“例S为abcababc，则next[5]=2。因为S的前5个字符为abcab，ab既是它的后缀又是它的前缀，并且找不到一个更长的字符串满足这个性质。同理，还可得出next[1] = next[2] = next[3] = 0，next[4] = next[6] = 1，next[7] = 2，next[8] = 3。”

园长表扬了认真预习的熊猫同学。随后，他详细讲解了如何在O(L)的时间内求出next数组。

下课前，园长提出了一个问题：“KMP算法只能求出next数组。我现在希望求出一个更强大num数组一一对于字符串S的前i个字符构成的子串，既是它的后缀同时又是它的前缀，并且该后缀与该前缀不重叠，将这种字符串的数量记作num[i]。例如S为aaaaa，则num[4] = 2。这是因为S的前4个字符为aaaa，其中a和aa都满足性质‘既是后缀又是前缀’，同时保证这个后缀与这个前缀不重叠。而aaa虽然满足性质‘既是后缀又是前缀’，但遗憾的是这个后缀与这个前缀重叠了，所以不能计算在内。同理，num[1] = 0,num[2] = num[3] = 1,num[5] = 2。”

最后，园长给出了奖励条件，第一个做对的同学奖励巧克力一盒。听了这句话，睡了一节课的企鹅立刻就醒过来了！但企鹅并不会做这道题，于是向参观动物园的你寻求帮助。你能否帮助企鹅写一个程序求出num数组呢？

特别地，为了避免大量的输出，你不需要输出num[i]分别是多少，你只需要输出对1,000,000,007取模的结果即可。

Input

第1行仅包含一个正整数n ，表示测试数据的组数。随后n行，每行描述一组测试数据。每组测试数据仅含有一个字符串S，S的定义详见题目描述。数据保证S 中仅含小写字母。输入文件中不会包含多余的空行，行末不会存在多余的空格。

Output

包含 n 行，每行描述一组测试数据的答案，答案的顺序应与输入数据的顺序保持一致。对于每组测试数据，仅需要输出一个整数，表示这组测试数据的答案对 1,000,000,007 取模的结果。输出文件中不应包含多余的空行。

Sample Input

3
aaaaa
ab
abcababc

Sample Output

36
1
32

HINT

n≤5,L≤1,000,000

首先我们要了解KMP算法中next数组的本质是1~i的子串中最长的非全串后缀等于前缀的长度

现在我们要计数，对于匹配i后缀的一个前缀，前缀有多少个匹配的前缀，后缀就有多少个+1，因为和前缀后缀相等的前缀仍然和后缀相等

至于不重叠的限制，多转移一下直至不重叠就好了

为了避免极端情况，我们保留上一个字符匹配到的前缀位置为下一个字符开始匹配的位置，保证一定能取到不超过一一半最长的地方

【KMP算法我还是掌握得不好】

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define LL long long int
#define REP(i,n) for (int i = 1; i <= (n); i++)
#define Redge(u) for (int k = head[u]; k != -1; k = edge[k].next)
using namespace std;
const int maxn = 1000005,maxm = 100005,INF = 1000000000,MOD = 1000000007;
char P[maxn];
int nxt[maxn],num[maxn],cnt[maxn];
void solve(){int len = strlen(P + 1),fix = 0;nxt[1] = 0; cnt[1] = 0;for (int i = 2; i <= len; i++){while (fix && P[fix + 1] != P[i]) fix = nxt[fix];if (P[fix + 1] == P[i]) nxt[i] = ++fix,cnt[i] = cnt[fix] + 1;else cnt[i] = nxt[i] = 0;}//REP(i,len) cout<<cnt[i]<<' ';cout<<endl;fix = 0;LL ans = 1;for (int i = 2; i <= len; i++){while (fix && P[fix + 1] != P[i]) fix = nxt[fix];if (P[fix + 1] == P[i]){fix++;while ((fix << 1) > i) fix = nxt[fix];}num[i] = fix ? cnt[fix] + 1 : 0;ans = ans * (num[i] + 1) % MOD;}printf("%lld\n",ans);
}
int main(){int T; scanf("%d",&T);while (T--){scanf("%s",P + 1);solve();}return 0;
}

转载于:https://www.cnblogs.com/Mychael/p/8282784.html