【BZOJ2330】【tyvj1785】【codevs2404】糖果，第一次的差分约束

传送门1
传送门2
传送门3
写在前面：tyvj打卡的不归路and第一次写差分约束，比较生疏……
思路：
1.看到题目给出了元素之间的大小关系，我们比较容易想到了差分约束，而且求的是最少糖果数，所以可以转换成各点到源点最长路径的和（我这里蛋疼了好久，一开始用的是最短路径+奇奇怪怪的方法，只过了70）
2.接下来就是建图了
点与点
①x=y就是不等式组{x-y>=0,y-x>=0}，所以我们在x,y中互相连两条长度为0的边即可
②x＜y可以转化成y-x>=1，所以连一条x到y的长度为1的边
③x＞=ｙ可以转化成x-y>=0，所以连一条y到x的长度为0的边
④x＞y可以转化成x-y>=1，所以连一条y到x的长度为1的边
⑤y＞=x可以转化成y-x>=0，所以连一条x到y的长度为0的边
关于源点
由于每个人都要分到糖（即最长距离大于0），所以从源点向所有点连一条距离为1的边
3.建图完毕即可跑SPFA求最长路径，与求最短路径类似，只不过dis值不用改，0就行
注意：
1.从源点向外连边时从n到1反着建，不然会莫名T一组
2.操作2,4时判断x,y是否相等，相等即无解，理由同上
3.SPFA中开一个num数组记录每个点进入队列的次数，>=n即是存在负环（别想着用什么√n优化），退出

推荐两篇不错的差分约束入门文章：
http://www.cnblogs.com/void/archive/2011/08/26/2153928.html
http://blog.csdn.net/xuezhongfenfei/article/details/8685313

#include<bits/stdc++.h>
#define LL long long
using namespace std;
int tot,n,m,opr,x,y,start;
int first[100010],num[100010];
LL dis[100010],ans,minn;
bool flag[100010];
queue<int> q;
struct os
{int fa,son,next,v;
}a[500010];
int in()
{int f=1,t=0;char ch=getchar();while (ch>'9'||ch<'0'){if (ch=='-') f=-1;ch=getchar();}while (ch>='0'&&ch<='9') t=t*10+ch-'0',ch=getchar();return f*t;
}
void add(int x,int y,int z)
{a[++tot].fa=x;a[tot].son=y;a[tot].v=z;a[tot].next=first[x];first[x]=tot;
}
main()
{n=in();m=in();for (int i=1;i<=m;i++){opr=in();x=in();y=in();if (opr==1)add(x,y,0),add(y,x,0);else if (opr==2){if (x==y) printf("-1"),exit(0);add(x,y,1);}else if (opr==3)add(y,x,0);else if (opr==4){if (x==y) printf("-1"),exit(0);add(y,x,1);}elseadd(x,y,0);}start=n+1;for (int i=n;i>=1;i--) add(start,i,1);num[start]=flag[start]=1;q.push(start);while (!q.empty()){int k=q.front();flag[k]=0;q.pop();for (int i=first[k];i;i=a[i].next)if (dis[a[i].son]<dis[k]+a[i].v){dis[a[i].son]=dis[k]+a[i].v;if (!flag[a[i].son]){flag[a[i].son]=1; num[a[i].son]++;if (num[a[i].son]>=n) printf("-1"),exit(0);q.push(a[i].son);}}}   for (int i=1;i<=n;i++) ans+=dis[i];printf("%lld",ans);
}

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