trainging contest#1（2011大连现场赛）G BY bly

AC自动机+状压DP，这个相当明显

状态设置为dp[len][u][st]表示在自动机内走了len步后，位于结点u，经过的pattern的状态为st时，所能取得的最大value。

然后就很容易得出状态方程了。

这里需要用到滚动数组，否则MLE。

刚开始用的是递归的方式写的，坑了2炮，最后没办法，只能改成迭代写。

因为平时迭代写的不多，所以改得比较慢，调了好久才过，这里以后需要注意！

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <queue>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int sigma=4;
const int maxn=1010;
const int inf=1<<30;
int ch[maxn][sigma],val[maxn];
int sz;
void init(){sz=1;memset(ch[0],0,sizeof(ch[0]));}
int idx(char c)
{if(c=='A') return 0;else if(c=='T') return 1;else if(c=='G') return 2;else return 3;
}
void insert(char *s,int v)
{int u=0,n=strlen(s);for(int i=0;i<n;i++){int c=idx(s[i]);if(!ch[u][c]){memset(ch[sz],0,sizeof(ch[sz]));val[sz]=0;ch[u][c]=sz++;}u=ch[u][c];}val[u]|=(1<<v);
}
int f[maxn];
void getfail()
{queue<int> q;f[0]=0;for(int c=0;c<sigma;c++){int u=ch[0][c];if(u){f[u]=0;q.push(u);}}while(!q.empty()){int r=q.front();q.pop();for(int c=0;c<sigma;c++){int u=ch[r][c];if(!u){ch[r][c]=ch[f[r]][c];continue;}q.push(u);int v=f[r];while(v && !ch[v][c]) v=f[v];f[u]=ch[v][c];val[u]|=val[f[u]];}}
}
int n,l;
int w[20],v[1<<12];
char str[maxn];
int dp[2][1010][1<<10];
void getval()
{for(int i=0;i<(1<<n);i++){v[i]=0;for(int j=0;j<n;j++) if(i&(1<<j)) v[i]+=w[j];}
}
int main()
{//freopen("data","r",stdin);while(~scanf("%d%d",&n,&l)){memset(val,0,sizeof(val));init();for(int i=0;i<n;i++){scanf("%s%d",str,&w[i]);insert(str,i);}getval();getfail();//for(int i=0;i<sz;i++) cout<<i<<" "<<val[i]<<endl;int flag=0;for(int i=0;i<sz;i++)for(int st=0;st<(1<<n);st++) dp[flag][i][st]=-inf;dp[0][0][0]=0;for(int i=0;i<=l;i++){for(int j=0;j<sz;j++)for(int st=0;st<(1<<n);st++) dp[flag^1][j][st]=-inf;for(int j=0;j<sz;j++){for(int st=0;st<(1<<n);st++){for(int k=0;k<4;k++){int &tmp=dp[flag^1][ch[j][k]][st|val[j]];tmp=max(tmp,dp[flag][j][st]+v[val[j]&(~st)]);}}}flag^=1;}int ans=-inf;for(int i=0;i<sz;i++)for(int st=0;st<(1<<n);st++){ans=max(ans,dp[flag][i][st]);}if(ans<0) puts("No Rabbit after 2012!");else printf("%d\n",ans);}return 0;
}

trainging contest#1（2011大连现场赛）G BY bly相关推荐

trainging contest#1（2011大连现场赛）C BY bly
需要推出一个很奇妙的性质,知道了这个性质之后这道题就是道简单区间dp了. 就是一段区间[i,j]必须从2个端点之一开始按,仔细想想确实是这样的,比赛的时候贪心不出dp顺序,还以为是搜索(还是思维太弱了 ...
trainging contest#1（2011大连现场赛）I BY bly
先因式分解,记录所有的因子然后直接容斥即可,四次方和公式:n*(n+1)*(2*n+1)*(3*n^2+3*n-1)/30 #include <iostream> #include &l ...
trainging contest#2（2011成都现场赛）G BY bly
一道AC自动机+DP,因为单词可能重复,所以记录结点信息的需要是以个vector,然后dp的时候需要递归的更新dp值,因为一个结点可能为多个单词的结尾. #include <iostream&g ...
trainging contest#2（2011成都现场赛）D BY bly
这种dp其实不算难,状态什么的都不难想,就是需要用SPFA写,不然就会莫名奇妙的WA 昨天用dp写,怎么改都是WA,确切的说应该说是记忆化搜就WA 今天改成用SPFA就过了,还有我把堆优化的dij和S ...
trainging contest#2（2011成都现场赛）A BY bly
额,这题我想了半场也没有想出来,思维是硬伤-- 比赛的时候只是想到了,减1和合并都只算一个操作数,唯一的例外是减掉一个1时,算两个操作数. 于此同时减去最后一个1时只算一个操作数. 设状态为dp[i] ...
【2019南昌邀请赛现场赛 - G】Winner（建图，tarjan缩点或贪心）
题目大意: n个人参加竞技比赛.比赛由三种模式a,b,c,每个人在每种模式下有对应的权值a[i]b[i]c[i].举行n−1场比赛,每场比赛主办方可以选择两个人决斗,能力值低的人淘汰.这样保证n-1场 ...
2011东北地区赛G题(二分-网络流判可行性)
题意:从M个参赛选手中选一些人参加N轮比赛,每场比赛只能有一个人胜出,问如何安排比赛,让获胜最多的那个人获胜次数最少. 构图:二分次数,用最大流判可行性. 源点向参赛人员连容量为该参赛人员最多获胜次数 ...
【2019南昌邀请赛现场赛 - G】Winner（思维、图论+缩点）
题目链接: https://nanti.jisuanke.com/t/40259" Ichuan really likes to play games, so he organized a ...
2017ACM-ICPC北京区域现场赛 G题 hihocoder1633
传送门:点击打开链接题意:一个N*N的网格,从左下角走到右上角需要的最短步数.要求不能经过# 而且路径不能经过一个三角形的内部,可以沿边走. 分析:计算几何题里不算难题,但若没想到坑点就一直卡题了. ...

trainging contest#1（2011大连现场赛）G BY bly

trainging contest#1（2011大连现场赛）G BY bly相关推荐

最新文章

热门文章