Problem 1 护花(flower.cpp/c/pas)

【题目描述】

约翰留下他的N(N<=100000)只奶牛上山采木.他离开的时候,她们像往常一样悠闲地在草场里吃草.可是,当他回来的时候,他看到了一幕惨剧:牛们正躲在他的花园里,啃食着他心爱的美丽花朵!为了使接下来花朵的损失最小,约翰赶紧采取行动,把牛们送回牛棚. 牛们从1到N编号.第i只牛所在的位置距离牛棚Ti(1≤Ti≤2000000)分钟的路程,而在约翰开始送她回牛棚之前,她每分钟会啃食Di(1≤Di≤100)朵鲜花.无论多么努力,约翰一次只能送一只牛回棚.而运送第第i只牛事实上需要2Ti分钟,因为来回都需要时间.    写一个程序来决定约翰运送奶牛的顺序,使最终被吞食的花朵数量最小.

【输入格式】

第1行输入N,之后N行每行输入两个整数Ti和Di

【输出格式】

一个整数,表示最小数量的花朵被吞食

【样例输入】

6

3 1

2 5

2 3

3 2

4 1

1 6

【样例输出】

86

【样例解释】

约翰用6,2,3,4,1,5的顺序来运送他的奶牛


POJ3262

yy各种贪心

国王游戏白做了,拿出相邻两个考虑.....

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int N=1e5+5;
typedef long long ll;
inline ll read(){char c=getchar();ll x=0,f=1;while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-')f=-1;c=getchar();}while(c>='0'&&c<='9'){x=x*10+c-'0';c=getchar();}return x*f;
}
int n;
struct cow{ll t,w;bool operator < (const cow &r)const{return t*r.w<r.t*w;}
}a[N];
ll sum=0,ans=0;
int main(){//freopen("flower.in","r",stdin);//freopen("flower.out","w",stdout);n=read();for(int i=1;i<=n;i++){a[i].t=2*read();a[i].w=read();sum+=a[i].w;}sort(a+1,a+1+n);for(int i=1;i<=n;i++){sum-=a[i].w;ans+=sum*a[i].t;}printf("%lld\n",ans);
}




Problem 2 修剪草坪(mowlawn.cpp/c/pas)

【题目描述】

在一年前赢得了小镇的最佳草坪比赛后,FJ变得很懒,再也没有修剪过草坪。现在,
新一轮的最佳草坪比赛又开始了,FJ希望能够再次夺冠。
然而,FJ的草坪非常脏乱,因此,FJ只能够让他的奶牛来完成这项工作。FJ有N
(1 <= N <= 100,000)只排成一排的奶牛,编号为1...N。每只奶牛的效率是不同的,
奶牛i的效率为E_i(0 <= E_i <= 1,000,000,000)。
靠近的奶牛们很熟悉,因此,如果FJ安排超过K(1<=K<=N)只连续的奶牛,那么,这些奶牛就会罢工
去开派对:)。因此,现在FJ需要你的帮助,计算FJ可以得到的最大效率,并且该方案中
没有连续的超过K只奶牛。

【输入格式】
* 第一行:空格隔开的两个整数N和K
* 第二到N+1行:第i+1行有一个整数E_i

【输出格式】
* 第一行:一个值,表示FJ可以得到的最大的效率值。

【样例输入】

5 2

1

2

3

4

5

输入解释:

FJ有5只奶牛,他们的效率为1,2,3,4,5。他们希望选取效率总和最大的奶牛,但是

他不能选取超过2只连续的奶牛

【样例输出】

12

FJ可以选择出了第三只以外的其他奶牛,总的效率为1+2+4+5=12。


codevs4654

想了一个DP

f[i][j]表示1到i连续选了j个的最大效率

f[i][j]可以转移到f[i+1][j+1](+e[i])或者f[i+1][0]

第一维可以滚动掉,但是时间还是n^2,可以拿60分

然后就开始发现每次就是弹出f[k]插入新f[0]其他f[j]变成f[j+1]只不过加了e[i],开始用优先队列乱搞nlogn,没挑出来

正解:

f[i]表示i不选且之前的选取都合法情况下答案损失的最小值

则f[i]=f[j]+e[i](i-j<=k)这个显然可以用单调队列来维护

单调队列保存下标,头到尾f递增

//60
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int N=1e5+5;
typedef long long ll;
const ll INF=1e18;
inline int read(){char c=getchar();int x=0,f=1;while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-')f=-1;c=getchar();}while(c>='0'&&c<='9'){x=x*10+c-'0';c=getchar();}return x*f;
}
int n,k,w[N];
ll f[N];
void dp(){f[0]=0;for(int i=1;i<=n;i++) f[i]=-INF;for(int i=1;i<=n;i++){int tmp=f[0];f[0]=max(f[0],f[k]);for(int j=k;j>=2;j--){f[0]=max(f[0],f[j-1]);f[j]=f[j-1]+w[i];//printf("%d %d %d\n",i,j,f[j]);
        }f[1]=tmp+w[i];//printf("%d 0 %d\n",i,f[0]);//printf("%d 1 %d\n",i,f[1]);
    }
}
int main(){freopen("mowlawn.in","r",stdin);freopen("mowlawn.out","w",stdout);n=read();k=read();for(int i=1;i<=n;i++) w[i]=read();dp();ll ans=-INF;for(int i=0;i<=k;i++) ans=max(ans,f[i]);printf("%lld",ans);
}

//AC
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int N=1e5+5;
typedef long long ll;
const ll INF=1e18;
inline int read(){char c=getchar();int x=0,f=1;while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-')f=-1;c=getchar();}while(c>='0'&&c<='9'){x=x*10+c-'0';c=getchar();}return x*f;
}
int n,k,w[N];
ll f[N],sum=0;
int q[N],head=1,tail=0;
void dp(){q[++tail]=0;for(int i=1;i<=n;i++){while(i-q[head]-1>k) head++;f[i]=f[q[head]]+w[i];while(f[q[tail]]>=f[i]&&head<=tail) tail--;q[++tail]=i;//printf("f %d %d\n",i,f[i]);
    }
}
int main(){//freopen("mowlawn.in","r",stdin);//freopen("mowlawn.out","w",stdout);n=read();k=read();for(int i=1;i<=n;i++) w[i]=read(),sum+=w[i];dp();ll mn=INF;for(int i=n-k;i<=n;i++) mn=min(mn,f[i]);printf("%lld",sum-mn);
}




Problem 3 虫洞(wormhole.cpp/c/pas)

【题目描述】

John在他的农场中闲逛时发现了许多虫洞。虫洞可以看作一条十分奇特的有向边,并可以使你返回到过去的一个时刻(相对你进入虫洞之前)。John的每个农场有M条小路(无向边)连接着N (从1..N标号)块地,并有W个虫洞(有向边)。其中1<=N<=500,1<=M<=2500,1<=W<=200。 现在John想借助这些虫洞来回到过去(出发时刻之前),请你告诉他能办到吗。 John将向你提供F(1<=F<=5)个农场的地图。没有小路会耗费你超过10000秒的时间,当然也没有虫洞回帮你回到超过10000秒以前。

【输入格式】

* Line 1: 一个整数 F, 表示农场个数。

* Line 1 of each farm: 三个整数 N, M, W。

* Lines 2..M+1 of each farm: 三个数(S, E, T)。表示在标号为S的地与标号为E的地中间有一条用时T秒的小路。

* Lines M+2..M+W+1 of each farm: 三个数(S, E, T)。表示在标号为S的地与标号为E的地中间有一条可以使John到达T秒前的虫洞。

【输出格式】

* Lines 1..F: 如果John能在这个农场实现他的目标,输出"YES",否则输出"NO"。

【样例输入】

2

3 3 1

1 2 2

1 3 4

2 3 1

3 1 3

3 2 1

1 2 3

2 3 4

3 1 8

【样例输出】

NO

YES


POJ3259

负环

spfa

貌似题意不明确,没表达清楚是不是回到过去的必须是起点

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<queue>
using namespace std;
const int N=505,M=1e4,INF=1e9;
typedef long long ll;
inline int read(){char c=getchar();int x=0,f=1;while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-')f=-1;c=getchar();}while(c>='0'&&c<='9'){x=x*10+c-'0';c=getchar();}return x*f;
}
int T,n,m,mm,u,v,w;
struct edge{int v,ne,w;
}e[M];
int cnt=0,h[N];
inline void ins(int u,int v,int w){cnt++;e[cnt].v=v;e[cnt].w=w;e[cnt].ne=h[u];h[u]=cnt;
}
int d[N],inq[N],num[N];
bool spfa(){queue<int> q;memset(inq,0,sizeof(inq));memset(num,0,sizeof(num));for(int i=1;i<=n;i++) d[i]=INF;q.push(1);inq[1]=1;d[1]=0;while(!q.empty()){int u=q.front();q.pop();inq[u]=0;for(int i=h[u];i;i=e[i].ne){int v=e[i].v,w=e[i].w;if(d[u]<INF&&d[v]>d[u]+w){d[v]=d[u]+w;if(!inq[v]){q.push(v);inq[v]=1;if(++num[v]>=n) return false;}}}}return true;
}
int main(){freopen("wormhole.in","r",stdin);freopen("wormhole.out","w",stdout);T=read();while(T--){n=read();m=read();mm=read();cnt=0;memset(h,0,sizeof(h));for(int i=1;i<=m;i++){u=read();v=read();w=read();ins(u,v,w);ins(v,u,w);}for(int i=1;i<=mm;i++){u=read();v=read();w=read();ins(u,v,-w);}if(!spfa()) printf("YES\n");else printf("NO\n");}
}

转载于:https://www.cnblogs.com/candy99/p/5968267.html

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