题目描述

解析

'这题挺好的
思路：dp[i][j]表示必须把i和j配对，可达到的最大值
首先：

dp[i][j]=dp[i-1][j-1]+a[i]*b[j];

然后可以分别尝试把男生或女生往前放弃一段：

for(int k=i-1;k>=1;k--){//男不要k到i-1 dp[i][j]=max(dp[i][j],dp[k-1][j-1]+a[i]*b[j]-(suma[i-1]-suma[k-1])*(suma[i-1]-suma[k-1]));}for(int k=j-1;k>=1;k--){//女不要k到j-1 dp[i][j]=max(dp[i][j],dp[i-1][k-1]+a[i]*b[j]-(sumb[j-1]-sumb[k-1])*(sumb[j-1]-sumb[k-1]));}

这道题我看了题解
我本来也有类似的想法，但当时我觉得男生女生可能都放弃了一段，所以应该同时枚举男生和女生放弃的位置，这样时间复杂度就变成了n^4，无法接受
但是我忽略了一个性质；ab都不小于0，所以两边都放弃肯定不如让放弃的那两段再配对一些好，所以每次一定只会放弃一边
这样就变成了题解的n^3思路

另外本题还有一些有意思的细节：

1.再后面再加上一对水平为0的男女，最后统计dp[n+1][n+1]，这样就可以包含那些没有取到第n对的正解
2.i不等于0时，dp[0][i]和dp[i][0]都是没有意义的，所以应该赋值为无穷小
3.虽然答案在int范围内，但前缀和之差平方的操作会爆int，所以应该开longlong

代码

#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
using namespace std;
const int N=600;
const int M=2e6+100;
int m,n;
ll dp[N][N];
ll a[N],b[N],suma[N],sumb[N];
int main(){scanf("%d",&n);for(int i=1;i<=n;i++){scanf("%d",&a[i]);suma[i]=suma[i-1]+a[i];
//      printf("i=%d sum=%d\n",i,suma[i]);}for(int i=1;i<=n;i++){scanf("%d",&b[i]);sumb[i]=sumb[i-1]+b[i];}a[++n]=0;b[n]=0;suma[n]=suma[n-1];sumb[n]=sumb[n-1];//再加一对for(int i=0;i<=n;i++){for(int j=0;j<=n;j++) dp[i][j]=-2e9;}dp[0][0]=0;for(int i=1;i<=n;i++){for(int j=1;j<=n;j++){dp[i][j]=dp[i-1][j-1]+a[i]*b[j];for(int k=i-1;k>=1;k--){//不要k到i-1
//              printf("aa\n");dp[i][j]=max(dp[i][j],dp[k-1][j-1]+a[i]*b[j]-(suma[i-1]-suma[k-1])*(suma[i-1]-suma[k-1]));}for(int k=j-1;k>=1;k--){//不要k到j-1
//              printf("bb\n");dp[i][j]=max(dp[i][j],dp[i-1][k-1]+a[i]*b[j]-(sumb[j-1]-sumb[k-1])*(sumb[j-1]-sumb[k-1]));}
//          printf("i=%d j=%d dp=%d\n",i,j,dp[i][j]);}} printf("%lld",dp[n][n]);return 0;
}

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