POJ1753-Flip Game
转载请注明出处:優YoU http://user.qzone.qq.com/289065406/blog/1299076400
提示:翻转棋,可以建模为多叉树
本题难点有两个,一个就是不要以全黑(或全白)作为目标进行搜索,而是要把全黑(或全白)作为“根”,去搜索树叶,看看是否有 输入的棋盘状态。
另一个难点需要一点数学功底,就是要知道 树 的最大高度,这是“状态不存在”的判断标准
提示:其实每格棋子最多只可以翻转一次(实际是奇数次,但这没意义),只要其中一格重复翻了2次(不论是连续翻动还是不连翻动),那么它以及周边的棋子和没翻动时的状态是一致的,由此就可以确定这个棋盘最多只能走16步,最多只能有翻出2^16种状态
本题有两种思路:
一种是常规思路,枚举所有状态,直至找到目标状态,而且由于只需要输出该种状态所在树的深度,因此推荐BFS,比较快,但DFS也可以的。详细方法见代码1
另外一种思路比较有技巧性,由于是4*4棋盘,因此利用了十六进制数的位数,通过一系列位运算达到目标,详细方法见代码2
1 /*代码一:DFS+Enum*/ 2 3 //本题只要求输出翻转的次数,因此BFS或DFS都适用 4 5 6 //Memory Time 7 //240K 344MS 8 9 10 #include<iostream>11 using namespace std;12 13 bool chess[6][6]={false};//利用的只有中心的4x414 bool flag;15 int step;16 int r[]={-1,1,0,0,0};//便于翻棋操作17 int c[]={0,0,-1,1,0};18 19 bool judge_all(void)//判断“清一色”20 {21 int i,j;22 for(i=1;i<5;i++)23 for(j=1;j<5;j++)24 if(chess[i][j]!=chess[1][1])25 return false;26 return true;27 }28 29 void flip(int row,int col)//翻棋30 {31 int i;32 for(i=0;i<5;i++)33 chess[row+r[i]][col+c[i]]=!chess[row+r[i]][col+c[i]];34 return;35 }36 37 void dfs(int row,int col,int deep) //深搜的迭代回溯是重点,很容易混乱38 {39 if(deep==step)40 {41 flag=judge_all();42 return;43 }44 45 if(flag||row==5)return;46 47 flip(row,col); //翻棋48 if(col<4)49 dfs(row,col+1,deep+1);50 else51 dfs(row+1,1,deep+1);52 53 flip(row,col); //不符合则翻回来54 if(col<4)55 dfs(row,col+1,deep);56 else57 dfs(row+1,1,deep);58 59 return;60 }61 62 int main(void)63 {64 char temp;65 int i,j;66 for(i=1;i<5;i++)67 for(j=1;j<5;j++)68 {69 cin>>temp;70 if(temp=='b') 71 chess[i][j]=true;72 }73 74 for(step=0;step<=16;step++) //对每一步产生的可能性进行枚举75 { //至于为什么是16,考虑到4x4=16格,而每一格只有黑白两种情况,则全部的可能性为2^1676 dfs(1,1,0);77 if(flag)break;78 }79 80 if(flag)81 cout<<step<<endl;82 else83 cout<<"Impossible"<<endl;84 return 0;85 }
==============华丽的分割线================
1 /*代码二:BFS+Bit*/ 2 3 4 //把矩阵看成一个16进制数 5 //每一行代表16进制数的一个字母(或数字),而每一个字母(或数字)又恰由4个二进制位数字0和1组成 6 //因此一个4x4矩阵是由16位0和1构成,是从 第0位 到 第15位 7 //如矩阵 8 9 // * * * * 从右到左分别为第 0, 1, 2, 3位 10 // % % % % 从右到左分别为第 4, 5, 6, 7位 11 // # # # # 从右到左分别为第 8, 9,10,11位 12 // @ @ @ @ 从右到左分别为第12,13,14,15位 13 14 //代表16进制数 15 16 // @@@@ #### %%%% **** 17 // 15 ← 0 18 19 // 将一个int的某位 取反 用该int与(0x1<<i)进行^操作。 20 21 22 23 #include<iostream> 24 25 struct unit 26 { 27 int x; //用int的末16位记录16个位置的信息 28 int rounds; //记录第几轮达到当前的状态 29 int i; //记录该状态是通过翻动哪个棋子得来的,以避免返回先前的状态 30 }; 31 32 33 //flip函数是从a状态通过翻动第i个棋子到达b状态 34 35 void flip(unit a, int i, unit& b) //a是queue[p]的形参, 当前要翻动第i只棋子, b是queue[q]的引用 36 { 37 int x = i / 4, y = i % 4; //x、y为当前要翻动的第i只棋子所对应内节点的坐标(就是所翻动棋子的行x列y) 38 b.x = a.x; //即令queue[q].x=queue[p].x ,即q先复制p(前一步)的状态,再对q进行翻转(对p状态无影响) 39 b.x = ((b.x) ^ (0x1 << (i))); //将一个b.x的第i位 取反,其实就是把 第i只棋子 翻转 40 if (x > 0) 41 b.x = ((b.x) ^ (0x1 << (i - 4))); //把 第i只棋子 上面的棋子翻转,当且仅当棋子i不在第0行时执行 42 if (x < 3) 43 b.x = ((b.x) ^ (0x1 << (i + 4))); //把 第i只棋子 下面的棋子翻转,当且仅当棋子i不在第3行时执行 44 if (y > 0) 45 b.x = ((b.x) ^ (0x1 << (i - 1))); //把 第i只棋子 右面的棋子翻转,当且仅当棋子i不在第0列时执行 46 if (y < 3) 47 b.x = ((b.x) ^ (0x1 << (i + 1))); //把 第i只棋子 左面的棋子翻转,当且仅当棋子i不在第3列时执行 48 b.rounds = a.rounds + 1; //当前执行翻转棋子的次数 49 b.i = i; //记录当前翻转的是第i只棋子 50 return; 51 } 52 53 int main() 54 { 55 /*queue*/ 56 unit queue[100000]; //queue是一个队列,记录所有状态 57 queue[0].x = 0; //初始化为16进制的0(16进制的0和10进制的0是一样的) 58 queue[0].i = -1; 59 queue[0].rounds = 0; 60 61 //judge used 62 bool used[100000]={false}; //used记录已经存在的状态 63 /*read in*/ 64 char str[10]; 65 for (int i = 0; i < 4; i++) 66 { 67 scanf("%s", str); //一次输入一行字符串str(串长为4),输4次 68 for (int j = 0; j < 4; j++) 69 if (str[j] == 'b') 70 queue[0].x = ((0x1 << (i * 4 + j)) | (queue[0].x)); //位运算,遇b该位置1 71 } // 0x1为16进制的1 72 73 int p = 0, q = 0; //p,q分别是队列的头尾指针 74 75 //其实queue[p].x代表每一步的翻转前状态,queue[q].x代表每一步的翻转后状态 76 77 while (!((queue[q].x == 0) || (queue[q].x == 0xFFFF))) //当16进制数queue[q].x 不为0(全0)或15(全1)时执行 78 { 79 for (int i = 0; i < 16; i++) //最多翻动16只棋子,i代表第i只棋子 80 { 81 if(queue[p].i==i) //若翻动当前棋子i的前一步所翻的棋子queue[p].i就是i,则跳过不翻动 82 continue; 83 q++; //尾指针后移一位,为新状态“开辟”新的记录空间 84 flip(queue[p], i, queue[q]); 85 if (used[queue[q].x]) //以棋盘的状态(一个16进制数)作为数组used的下标,对应的对象为true时说明这个状态已经出现过 86 q--; //在得到一个新状态的时候要检验之前时候存在这个状态,如果存在就把这个状态舍弃,即q-- 87 //但是下一次循环则继续翻下一只棋子,与状态的舍弃无关,相当于本次所翻的棋子操作无效 88 else 89 used[queue[q].x]=true; //若该状态没有出现过,则记录该状态 90 if ((queue[q].x == 0) || (queue[q].x == 0xFFFF))break; //棋盘状态为全0或全1时跳出for,由于while的条件关系,自然也跳出while 91 } 92 93 if (p==q) //此条件为真时,当且仅当BFS到最后一层的最后一种状态时仍没有匹配的状态(全0或全1) 94 { //简单来说,就是当搜索到最后一层时,程序通过条件结束for,而不是通过break 95 printf("Impossible"); //直至搜索结束,队列queue中都没有目标状态(此时为impossible)。 96 break; 97 } 98 99 p++; //头指针后移一位,把当前状态作为初始状态100 } 101 if ((queue[q].x == 0) || (queue[q].x == 0xFFFF)) //这是为了隔离因"impossible"时跳出while的情况102 printf("%d\n", queue[q].rounds); 103 return 0; 104 }
转载于:https://www.cnblogs.com/lyy289065406/archive/2011/07/29/2120501.html
POJ1753-Flip Game相关推荐
- poj1753 Flip Game(枚举Enum+dfs)
转载请注明出处:http://blog.csdn.net/u012860063?viewmode=contents 题目链接:http://poj.org/problem?id=1753 ------ ...
- POJ1753 Flip Game
题目链接:http://poj.org/problem?id=1753 大致题意:翻转游戏在一个长方形的4x4场地上进行,在其16个方格中分别放置双面棋子.每个棋子的一面是白色,另一面是黑色,每个都是 ...
- POJ-1753 Flip Game 枚举 状态压缩
刚开始做这题时总是在想应该用何种的策略来进行翻装,最后还是没有想出来--- 这题过的代码的思路是用在考虑到每个点被翻装的次数只有0次或者是1次,所以对于16个点就只有2^16中请况了.再运用位运算将状 ...
- poj1753 Flip Game
2017-10-5 解答 与开灯问题类似.从上向下看,第一行的只与本行以及下一行有关,搜索可缩小至2的N次方 代码 #include<iostream> using namespace s ...
- POJ1753 Flip Game题解
题目大意: 在一个4*4的方格中有16个双面棋子他们分别是黑面和白面,我们可以选择任意一颗棋子进行翻转,翻转后其上下左右的棋子也会被翻转,要求我们对棋子进行翻转求出棋子全部翻为黑色或者全部翻为白色的最 ...
- POJ1753 flip Game翻转棋盘
/*题目大意:有一个4*4的方格,每个方格中放一粒棋子,这个棋子一面是白色,一面是黑色. 游戏规则为每次任选16颗中的一颗,把选中的这颗以及它四周的棋子一并反过来,当所有的棋子都是同一个颜色朝上时, ...
- NC106350 POJ1753 Flip Game 翻转游戏
网上上课写的题目 POJ传送们http://poj.org/problem?id=1753 先贴代码,感觉里面重点部分说的已经比较清楚了 #include <iostream> #inc ...
- ACM题集以及各种总结大全(转)
ACM题集以及各种总结大全! 虽然退役了,但是整理一下,供小弟小妹们以后切题方便一些,但由于近来考试太多,顾退役总结延迟一段时间再写!先写一下各种分类和题集,欢迎各位大牛路过指正. 一.ACM入门 关 ...
- poj2965 The Pilots Brothers' refrigerator
//题意:同样给你一个4*4的矩阵,但每一个点代表一个开关,开关可开可闭,只有开关全部打开时才有用,你每一次打开或者关闭一个开关会导致与他相同的行的开关以及与他同列的开关反转,问最少多少次可全部打开并 ...
- POJ-2965 The Pilots Brothers' refrigerator
The Pilots Brothers' refrigerator Time Limit: 1000MS Memory Limit: 65536K Total Submissions: 27917 A ...
最新文章
- leetcode算法题--将数字变成 0 的操作次数
- 数据仓库-数据仓库的简介(由来、与关系数据库的区别、数据仓库模型)
- php redbean update,redbeanphp和表前缀
- 江苏关于领取软考2021年上半年合格证书的通知
- 电子词典系统vc++_电子词典系统
- cloudflare 批量修改域名DNS
- 成功EDM电子邮件营销的要素和目标分析
- LINUX 编译gluegen/jogl
- java未_Java未被捕获的异常
- 小米路由器mini WOL网络唤醒插件
- 如何用计算机制作思维导向图,电脑怎样制作思维导图,手把手教你绘制思维导图简单方法...
- SCM供应链管理系统的优点
- 一文学懂经典算法系列之:直接选择排序(附讲解视频)
- 电气simulink常用模块_自动化设备电气图纸常用元件符号
- 解决WIN10本地账号绑定微软账号后无法解绑的方法
- 企业版微信公众号从零开始之一(注册账号)
- 九度OJ—题目1015:还是A+B
- python中save是什么意思_Python中的numpy.save()和joblib.dump()有什么区别?
- 面向对象,数据库交互的Spring-boot(新手)
- Eclipse插件简介
热门文章
- linux+shell+整数计算,Shell expr命令进行整数计算的实现
- linux共享文件丢失,linux基础应用(NFS文件共享)
- python calu()函数_酚酞指示剂是一类什么物质,它在PH=10时是什么颜色呢( )...
- python基础之面向对象(二)(封装、继承、多态)
- 对Spark2.2.0文档的学习1-Cluster Mode Overview
- 【BZOJ 2306】 2306: [Ctsc2011]幸福路径 (倍增floyd)
- MySQL Query Cache 小结
- [redis]redis五种数据类型和应用场景
- struct/class等内存字节对齐问题详解
- C# winform post 请求指定 url