【蓝桥杯】第六届蓝桥杯大赛个人赛省赛(软件类) Java大学C组 -题目与答案
第六届蓝桥杯大赛个人赛省赛(软件类)
Java大学C组 -题目与答案
1、结果填空(满分3分) |
2、结果填空(满分5分) |
3、结果填空(满分9分) |
4、代码填空(满分11分) |
5、代码填空(满分15分) |
15 |
36 |
1085 |
||
6、结果填空(满分17分) |
7、结果填空(满分21分) |
8、程序设计(满分13分) |
9、程序设计(满分25分) |
9、程序设计(满分25分) |
具体解析:
1、隔行变色
Excel表的格子很多,为了避免把某行的数据和相邻行混淆,可以采用隔行变色的样式。
小明设计的样式为:第1行蓝色,第2行白色,第3行蓝色,第4行白色,....
现在小明想知道,从第21行到第50行一共包含了多少个蓝色的行。
请你直接提交这个整数,千万不要填写任何多余的内容。
public static void main(String[] args) { //隔行变色 int i,count=0; for(i=1;i<=50;i++){ if(i>=21&&i%2==1){ count++; } } System.out.println(count); } |
答案:15
2、立方尾不变
有些数字的立方的末尾正好是该数字本身。
比如:1,4,5,6,9,24,25,....
请你计算一下,在10000以内的数字中(指该数字,并非它立方后的数值),符合这个特征的正整数一共有多少个。
请提交该整数,不要填写任何多余的内容。
public static void main(String[] args) {//2、立方尾不变 //注意使用long型,int型超出范围计算错误 int count = 0;//统计 for (long i = 1; i < 10000; ++i) { if (i < 10) { if (i * i * i % 10 == i) count++; } else if (i < 100) { if (i * i * i % 100 == i) count++; } else if (i < 1000) { if (i * i * i % 1000 == i) count++; } else if (i < 10000) { if (i * i * i % 10000 == i) count++; } } System.out.println(count); } } |
答案:36
3、三羊献瑞
观察下面的加法算式:
祥 瑞 生 辉
+ 三 羊 献 瑞
-------------------
三 羊 生 瑞 气
(如果有对齐问题,可以参看【图1.jpg】)
其中,相同的汉字代表相同的数字,不同的汉字代表不同的数字。
请你填写“三羊献瑞”所代表的4位数字(答案唯一),不要填写任何多余内容。
答案:1085
解析:
首先通过数学分析,得出“三”是:1
假设:祥:A 瑞:B 生:C 辉:D 三:E 羊:F 献:G 气:H
A B C D
+ 1 F G H
_____________________
1 F C B H
暴力破解:
public static void main(String[] args) {//三羊献瑞 int a1,a2,a3,a4,a5,a6,a7; for(a1=1;a1<10;a1++){ for(a2=0;a2<10;a2++){ for(a3=0;a3<10;a3++){ for(a4=0;a4<10;a4++){ for(a5=0;a5<10;a5++){ for(a6=0;a6<10;a6++){ for(a7=0;a7<10;a7++){ long temp1= a1*1000+a2*100+a3*10+a4; long temp2= 1000+a5*100+a6*10+a2; long result= 10000+a5*1000+a3*100+a2*10+a7; if(a1==a2||a1==a3||a1==a4||a1==a5||a1==a6||a1==a7||a2==a3||a2==a4 ||a2==a3||a2==a4||a2==a5||a2==a6||a2==a7||a3==a4||a3==a5||a3==a6 ||a3==a4||a3==a5||a3==a6||a3==a7||a4==a5||a4==a6||a4==a7||a5==a6 ||a5==a6||a5==a7||a6==a7||a7==1){ continue; } if(temp1+temp2==result){ System.out.printf("%d+%d=%d\n",temp1,temp2,result); } } } } } } } } } |
4、格子中输出
StringInGrid函数会在一个指定大小的格子中打印指定的字符串。
要求字符串在水平、垂直两个方向上都居中。
如果字符串太长,就截断。
如果不能恰好居中,可以稍稍偏左或者偏上一点。
下面的程序实现这个逻辑,请填写划线部分缺少的代码。
#include <stdio.h>
#include <string.h>
void StringInGrid(int width, int height, const char* s)
{
int i,k;
char buf[1000];
strcpy(buf, s);
if(strlen(s)>width-2) buf[width-2]=0;
printf("+");
for(i=0;i<width-2;i++) printf("-");
printf("+\n");
for(k=1; k<(height-1)/2;k++){
printf("|");
for(i=0;i<width-2;i++) printf(" ");
printf("|\n");
}
printf("|");
printf("%*s%s%*s",_____________________________________________); //填空
printf("|\n");
for(k=(height-1)/2+1; k<height-1; k++){
printf("|");
for(i=0;i<width-2;i++) printf(" ");
printf("|\n");
}
printf("+");
for(i=0;i<width-2;i++) printf("-");
printf("+\n");
}
int main()
{
StringInGrid(20,6,"abcd1234");
return 0;
}
对于题目中数据,应该输出:
+------------------+
| |
| abcd1234 |
| |
| |
+------------------+
(如果出现对齐问题,参看【图1.jpg】)
注意:只填写缺少的内容,不要书写任何题面已有代码或说明性文字。
答案:"%" + (width - 2 - s.length()) / 2 + "s%s%" + (width - 2 - s.length()
//4、格子中输出 //主方法 public static void main(String[] args) { stringInGrid(20,6,"abcd1234"); } public static void stringInGrid(int width, int height, String s) { if(s.length()>width-2) s = s.substring(0,width-2); System.out.print("+"); for(int i=0;i<width-2;i++) System.out.print("-"); System.out.println("+"); for(int k=1; k<(height-1)/2;k++){ System.out.print("|"); for(int i=0;i<width-2;i++) System.out.print(" "); System.out.println("|"); } System.out.print("|"); // String ff = _______________________________________________________; //填空 String ff = "%" + (width - 2 - s.length()) / 2 + "s%s%" + (width - 2 - s.length() - (width - 2 - s.length()) / 2) + "s"; //填空 System.out.print(String.format(ff,"",s,"")); System.out.println("|"); for(int k=(height-1)/2+1; k<height-1; k++){ System.out.print("|"); for(int i=0;i<width-2;i++) System.out.print(" "); System.out.println("|"); } System.out.print("+"); for(int i=0;i<width-2;i++) System.out.print("-"); System.out.println("+"); } |
5、串逐位和
给定一个由数字组成的字符串,我们希望得到它的各个数位的和。
比如:“368” 的诸位和是:17
这本来很容易,但为了充分发挥计算机多核的优势,小明设计了如下的方案:
int f(char s[], int begin, int end)
{
int mid;
if(end-begin==1) return s[begin] - '0';
mid = (end+begin) / 2;
return ____________________________________; //填空
}
int main()
{
char s[] = "4725873285783245723";
printf("%d\n",f(s,0,strlen(s)));
return 0;
}
你能读懂他的思路吗? 请填写划线部分缺失的代码。
注意:只填写缺少的部分,不要填写已有代码或任何多余内容。
答案:return f(s, begin,mid)+f(s,mid,end);
6、奇妙的数字
小明发现了一个奇妙的数字。它的平方和立方正好把0~9的10个数字每个用且只用了一次。
你能猜出这个数字是多少吗?
请填写该数字,不要填写任何多余的内容。
//6、奇妙的数字 public static void main(String[] args) { for (int i = 1; i <= 100000; i++) { // 求平方和立方合成一个字符串 String s = (i * i) + "" + (i * i * i); // 调用方法 if (check(s)) { System.out.println("这个数是:"+i); System.out.println("这个数平方是:"+i*i); System.out.println("这个数立方是:"+i*i*i); } } } private static boolean check(String s) { // 字符串的长度刚好是10 if (s.length() != 10) return false; Set<Character> set = new HashSet<Character>(); // 判断刚好是10各数字组成的 for (int i = 0; i < s.length(); i++) { set.add(s.charAt(i)); } return set.size() == 10; } |
答案:69
7、加法变乘法
我们都知道:1+2+3+ ... + 49 = 1225
现在要求你把其中两个不相邻的加号变成乘号,使得结果为2015
比如:
1+2+3+...+10*11+12+...+27*28+29+...+49 = 2015
就是符合要求的答案。
请你寻找另外一个可能的答案,并把位置靠前的那个乘号左边的数字提交(对于示例,就是提交10)。
注意:需要你提交的是一个整数,不要填写任何多余的内容。
//7、加法变乘法 public static void main(String[] args) { for (int i = 1; i <= 30; i++) { for (int j = i + 2; j <= 30; j++) { if (1225 - 2 * i - 1 - 2 * j - 1 + j*(j + 1) + i*(i + 1) == 2015) System.out.println(i); } } } |
答案:16
8、饮料换购
乐羊羊饮料厂正在举办一次促销优惠活动。乐羊羊C型饮料,凭3个瓶盖可以再换一瓶C型饮料,并且可以一直循环下去(但不允许暂借或赊账)。
请你计算一下,如果小明不浪费瓶盖,尽量地参加活动,那么,对于他初始买入的n瓶饮料,最后他一共能喝到多少瓶饮料。
输入:一个整数n,表示开始购买的饮料数量(0<n<10000)
输出:一个整数,表示实际得到的饮料数
例如:
用户输入:
100
程序应该输出:
149
用户输入:
101
程序应该输出:
151
资源约定:
峰值内存消耗 < 256M
CPU消耗 < 1000ms
请严格按要求输出,不要画蛇添足地打印类似:“请您输入...” 的多余内容。
所有代码放在同一个源文件中,调试通过后,拷贝提交该源码。
注意: main函数需要返回0
注意: 只使用ANSI C/ANSI C++ 标准,不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
注意: 所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include <xxx>, 不能通过工程设置而省略常用头文件。
import java.util.Scanner; //8、饮料换购 public class Main { static int m;// 购买数量 public static void main(String[] args) { Scanner in = new Scanner(System.in); m = in.nextInt();// 购买数量 DFS(m, 0); // 递归 } /** * * @param n 购买数量 * @param sum 兑换数量 */ public static void DFS(int n, int sum) { if (n - 3 < 0) {// 当m不足3的时候就不能兑换饮料了 System.out.println(sum + m); return;// 实际数量=购买数量+兑换数 } DFS(n - 2, sum + 1); // 购买数>个数大于3 } } |
提交时,注意选择所期望的编译器类型。
9、打印大X
小明希望用星号拼凑,打印出一个大X,他要求能够控制笔画的宽度和整个字的高度。
为了便于比对空格,所有的空白位置都以句点符来代替。
要求输入两个整数m n,表示笔的宽度,X的高度。用空格分开(0<m<n, 3<n<1000, 保证n是奇数)
要求输出一个大X
例如,用户输入:
3 9
程序应该输出:
***.....***
.***...***.
..***.***..
...*****...
....***....
...*****...
..***.***..
.***...***.
***.....***
(如有对齐问题,参看【图1.jpg】)
再例如,用户输入:
4 21
程序应该输出
****................****
.****..............****.
..****............****..
...****..........****...
....****........****....
.....****......****.....
......****....****......
.......****..****.......
........********........
.........******.........
..........****..........
.........******.........
........********........
.......****..****.......
......****....****......
.....****......****.....
....****........****....
...****..........****...
..****............****..
.****..............****.
****................****
(如有对齐问题,参看【图2.jpg】)
资源约定:
峰值内存消耗 < 256M
CPU消耗 < 1000ms
请严格按要求输出,不要画蛇添足地打印类似:“请您输入...” 的多余内容。
所有代码放在同一个源文件中,调试通过后,拷贝提交该源码。
注意: main函数需要返回0
注意: 只使用ANSI C/ANSI C++ 标准,不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
注意: 所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include <xxx>, 不能通过工程设置而省略常用头文件。
提交时,注意选择所期望的编译器类型。
import java.util.Scanner; 打印大X public class Main { public static void main(String[] args) { Scanner sc = new Scanner(System.in); int m = sc.nextInt();// 宽度 int n = sc.nextInt();// 高度 int w = m + (n / 2) * 2; int g[][] = new int[n][w]; for (int j = 0; j < n; ++j) { for (int i = 0; i < w; ++i) { g[j][i] = '.'; } } // 从左上往右下 for (int i = 0; i < n; ++i) { for (int k = 0; k < m; ++k) { g[i][i + k] = '*'; } } // 从右上到左下 for (int l = 0; l < n; ++l) { for (int i = 0; i < m; ++i) { g[l][w - 1 - l - i] = '*'; } } for (int i = 0; i < n; ++i) { for (int j = 0; j < w; ++j) { System.out.printf("%c", g[i][j]); } System.out.printf("\n"); } } } |
10、垒骰子
赌圣atm晚年迷恋上了垒骰子,就是把骰子一个垒在另一个上边,不能歪歪扭扭,要垒成方柱体。
经过长期观察,atm 发现了稳定骰子的奥秘:有些数字的面贴着会互相排斥!
我们先来规范一下骰子:1 的对面是 4,2 的对面是 5,3 的对面是 6。
假设有 m 组互斥现象,每组中的那两个数字的面紧贴在一起,骰子就不能稳定的垒起来。
atm想计算一下有多少种不同的可能的垒骰子方式。
两种垒骰子方式相同,当且仅当这两种方式中对应高度的骰子的对应数字的朝向都相同。
由于方案数可能过多,请输出模 10^9 + 7 的结果。
不要小看了 atm 的骰子数量哦~
「输入格式」
第一行两个整数 n m
n表示骰子数目
接下来 m 行,每行两个整数 a b ,表示 a 和 b 数字不能紧贴在一起。
「输出格式」
一行一个数,表示答案模 10^9 + 7 的结果。
「样例输入」
2 1
1 2
「样例输出」
544
「数据范围」
对于 30% 的数据:n <= 5
对于 60% 的数据:n <= 100
对于 100% 的数据:0 < n <= 10^9, m <= 36
资源约定:
峰值内存消耗 < 256M
CPU消耗 < 2000ms
请严格按要求输出,不要画蛇添足地打印类似:“请您输入...” 的多余内容。
所有代码放在同一个源文件中,调试通过后,拷贝提交该源码。
注意: main函数需要返回0
注意: 只使用ANSI C/ANSI C++ 标准,不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
注意: 所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include <xxx>, 不能通过工程设置而省略常用头文件。
public class Main {//10、垒骰子 static int ym[] = new int[7]; private static int n; private static int m; private static final long MOD = 1000000007; static void init() { ym[1] = 4; ym[4] = 1; ym[2] = 5; ym[5] = 2; ym[3] = 6; ym[6] = 3; } public static void main(String[] args) { init(); Scanner sc = new Scanner(System.in); n = sc.nextInt(); m = sc.nextInt(); long cf[][] = new long[6][6]; for (int i = 0; i < 6; i++) { for (int j = 0; j < 6; j++) { cf[i][j]=1; } } //建立冲突矩阵 for (int i = 0; i < m; i++) { int a = sc.nextInt(); int b = sc.nextInt(); cf[ym[a] - 1][b - 1] = 0; cf[ym[b] - 1][a - 1] = 0; } // 求冲突矩阵的n-1次方 long[][] mPow_n_1 = mPow(cf, n - 1); //累加矩阵的每个元素 long ans = 0; for (int i = 0; i < 6; i++) { for (int j = 0; j < 6; j++) { ans = (ans + mPow_n_1[i][j]) % MOD; } } System.out.println(ans * power(4, n) % MOD); } |
提交时,注意选择所期望的编译器类型。
public static long power(long i, int n) { long ans = 1; while (n != 0) { if ((n & 1) == 1) ans = (ans * i) % MOD; i = i * i % MOD; n >>= 1; } return ans; } /*矩阵的快速幂*/ public static long[][] mPow(long[][] cf, int n) { long[][] e = new long[6][6]; for (int i = 0; i < 6; i++) { for (int j = 0; j < 6; j++) { if (i == j) e[i][j] = 1; else e[i][j] = 0; } } while (n != 0) { if ((n & 1) == 1) { e = mMul(e, cf); } cf = mMul(cf, cf); n >>= 1; } return e; } public static long[][] mMul(long[][] a, long[][] b) { long[][] ans = new long[6][6]; for (int i = 0; i < 6; i++) { for (int j = 0; j < 6; j++) { for (int k = 0; k < 6; k++) { ans[i][j] = (ans[i][j] + a[i][k] * b[k][j]) % MOD; } } } return ans; } |
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