SSL P2133 腾讯大战360

题目大意：
有N个点，腾讯与360分别在点S,点T，给出M个a,b,c,表示点a到点b有一条连边（双向边），耗时为c,他们想在最短的时间内相遇，然后干一架。，求二者“相遇”的最短时间，当然，如果无法相遇则输出“Peace!”
在此我们定义“相遇”为：两个人皆在同一个有编号的城市上就可以了，并且这两个人均可以站在原地等另外一个人。也就是说，在这里我们不考虑两人在路中间相遇。

每组数据n=5000 m=5000
并且保证运算过程中的所有值都不会超过117901063

题解：
spfa+邻接表：
我们用点S（腾讯）到N个点的最短路跑一遍，
结果是dis[1,i]
然后点T（360）同上操作，结果是dis[2,i]
然后在max(dis[1,i],dis[2,i])找个最小值。
因为如果腾讯到点i最少要花费dis[1,i]时间，然后360到点i要话费dis[2,i]时间，这时
如果dis[1,i] < dis[2,i] 那么因为题意是允许在原地等待的，那么360和腾许在第i个点相遇的最短时间，则是dis[2,i]，同理，dis[2,i] < dis[1,i]则选择dis[1,i]，等于就直接搞搞即可。
然后有N个点，每次都这么做，然后找最小值。
因此我们就得到答案：
min(max(dis[1,i],dis[2,i]))
然后注意不能相遇要输出Peace!
时间复杂度：O(3N+2M)

varlist,s,t,w,next:array [0..10001] of longint;q:array [0..100001,1..2] of longint;dis:array [1..2,0..5001] of longint;v:array [1..2,0..5001] of boolean;x,y,z,xx,yy,i,j,n,m,d,ans:longint;procedure add(k,aa,bb,cc:longint);
begins[k]:=aa;t[k]:=bb;w[k]:=cc;next[k]:=list[s[k]];list[s[k]]:=k;
end;procedure spfa;
varhead,tail,i:longint;
beginhead:=0;tail:=1;for i:=0 to n dobegindis[1,i]:=maxlongint;dis[2,i]:=maxlongint;end;head:=0;tail:=2;dis[1,x]:=0;dis[2,y]:=0;v[1,x]:=true;v[2,y]:=true;q[1,1]:=x; q[1,2]:=1;q[2,1]:=y; q[2,2]:=2;while head<tail dobegininc(head);i:=list[q[head,1]];while i>0 dobeginif dis[q[head,2],s[i]]+w[i]<dis[q[head,2],t[i]]then begindis[q[head,2],t[i]]:=dis[q[head,2],s[i]]+w[i];if v[q[head,2],t[i]]=falsethen beginv[q[head,2],t[i]]:=true;inc(tail);q[tail,1]:=t[i];q[tail,2]:=q[head,2];end;end;i:=next[i];end;v[q[head,2],q[head,1]]:=false;end;
end;function min(aa,bb:longint):longint;
beginif aa>bb then exit(bb);exit(aa);
end;function max(aa,bb:longint):longint;
beginif aa>bb then exit(aa);exit(bb);
end;beginreadln(n,m);for i:=1 to m dobeginreadln(x,y,z);inc(d);add(d,x,y,z);inc(d);add(d,y,x,z);end;ans:=maxlongint;readln(x,y);spfa;for i:=1 to n doif dis[1,i]<>maxlongint thenif dis[2,i]<>maxlongint thenans:=min(ans,max(dis[1,i],dis[2,i]));if ans=maxlongintthen writeln('Peace!')else writeln(ans);
end.

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