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Sol

非常妙的一道题。

首先不难想到拓扑排序，但是直接对原图按\(k\)从小到大拓扑排序是错的。因为当前的\(k\)大并不意味着后面的点\(k\)也大

但是在反图上按\(k\)从大到小拓扑排序就是对的。为什么呢？因为题目中给出的条件是下限， 而在反图上拓扑排序就相当于卡着下限做，因此一定是最优的

对于第二问，同样在反图上搞。对每个点分开做，贪心的策略是：如果有其他的飞机可以起飞则让他们起飞，直到没有飞机可以起飞，这时的时间就是答案

// luogu-judger-enable-o2
// luogu-judger-enable-o2
#include<bits/stdc++.h>
#define Pair pair<int, int>
#define MP(x, y) make_pair(x, y)
#define fi first
#define se second
using namespace std;
const int MAXN = 2e5 + 10;
inline int read() {char c = getchar(); int x = 0, f = 1;while(c < '0' || c > '9') {if(c == '-') f = -1; c = getchar();}while(c >= '0' && c <= '9') x = x * 10 + c - '0', c = getchar();return x * f;
}
int N, M, a[MAXN], inder[MAXN], tmp[MAXN], ans[MAXN];
vector<int> v[MAXN];
void Topsort() {priority_queue<Pair> q;for(int i = 1; i <= N; i++) if(!inder[i]) q.push(MP(a[i], i));int tot = 0;while(!q.empty()) {int p = q.top().se; q.pop(); ans[++tot] = p;for(int i = 0, to; i < v[p].size(); i++) {to = v[p][i];inder[to]--;if(!inder[to]) q.push(MP(a[to], to));}}for(int i = tot; i >= 1; i--) printf("%d ", ans[i]); puts("");
}
int solve(int x) {memcpy(inder, tmp, sizeof(tmp));priority_queue<Pair> q;inder[x] = N;for(int i = 1; i <= N; i++) if(!inder[i]) q.push(MP(a[i], i));int tim = N; for(int i = N; i; i--) {if(q.empty() || (q.top().fi < i)) return i;int p = q.top().se; q.pop(); for(int i = 0, to; i < v[p].size(); i++) {to = v[p][i];inder[to]--;if(!inder[to]) q.push(MP(a[to], to));}}return tim;
}
int main() {N = read(); M = read();for(int i = 1; i <= N; i++) a[i] = read();for(int i = 1; i <= M; i++) {int x = read(), y = read();v[y].push_back(x); inder[x]++; tmp[x]++;}Topsort();for(int i = 1; i <= N; i++) printf("%d ", solve(i));return 0;
}
/*
10 10
4 4 3 6 9 9 10 7 10 7
2 9
3 5
6 7
1 5
7 9
10 2
3 8
8 6
3 10
8 5*/