ACM-线段树区间更新+离散化
区间更新与单点更新最大的不同就在于Lazy思想:
http://blog.sina.com.cn/s/blog_a2dce6b30101l8bi.html
可以看这篇文章,讲得比较清楚
在具体使用上,因为是成段更新,目标区间内所有区间都需要更新,所以update时可以专门去找区间,不用一个个找点。所以可以不用node保存每个点左右范围,用a[]保存值,col[]保存标记反而比较方便
区间替换和区间增减在我的http://www.cnblogs.com/qlky/p/5690265.html中都写了,这里讲一下离散化:
离散化就是有时n个点的数据范围过大,或者过于分散。我们将节点映射到1-n中可以简化问题。基本过程如下:
- 记录每个点的左端和右端,全部保存到一个数组a中并排序
- 节点去重
- 如果两个节点间距离大于1,添加一个中间节点
- 再次对a排序
- 在a中二分搜索原来每个点的左右端,将索引值保存在线段树中
示例代码:
sf("%d",&n);int cnt = 0,len = 1;for(i=1;i<=n;i++)//记录头尾 {sf("%d %d",&s1[i],&s2[i]);a[++cnt] = s1[i];a[++cnt] = s2[i];}sort(a+1,a+1+cnt);for(i=2;i<=cnt;i++)//去重 {if(a[i]!=a[i-1]) a[++len] = a[i];}for(i=len;i>1;i--)//添加中间值 {if(a[i]-a[i-1]>1) a[++len] = a[i]-1;}sort(a+1,a+1+len);for(i=1;i<=n;i++){int l = BSearch(1,len,s1[i]);int r = BSearch(1,len,s2[i]);update(i,l,r,1,len,1);}
以poj 2528为例:
http://blog.csdn.net/non_cease/article/details/7383736
题意:n(n<=10000)个人依次贴海报,给出每张海报所贴的范围li,ri(1<=li<=ri<=10000000)。
求出最后还能看见多少张海报。
输入:
1 5 1 4 2 6 8 10 3 4 7 10
解法:离散化,如下面的例子(题目的样例),因为单位1是一个单位长度,将下面的
1 2 3 4 6 7 8 10
— — — — — — — —
1 2 3 4 5 6 7 8
离散化 X[1] = 1; X[2] = 2; X[3] = 3; X[4] = 4; X[5] = 6; X[7] = 8; X[8] = 10
于是将一个很大的区间映射到一个较小的区间之中了,然后再对每一张海报依次更新在宽度为1~8的墙上(用线段树),最后统计不同颜色的段数。
但是只是这样简单的离散化是错误的,
如三张海报为:1~10 1~4 6~10
离散化时 X[ 1 ] = 1, X[ 2 ] = 4, X[ 3 ] = 6, X[ 4 ] = 10
第一张海报时:墙的1~4被染为1;
第二张海报时:墙的1~2被染为2,3~4仍为1;
第三张海报时:墙的3~4被染为3,1~2仍为2。
最终,第一张海报就显示被完全覆盖了,于是输出2,但实际上明显不是这样,正确输出为3。
新的离散方法为:在相差大于1的数间加一个数,例如在上面1 4 6 10中间加5(算法中实际上1,4之间,6,10之间都新增了数的)
X[ 1 ] = 1, X[ 2 ] = 4, X[ 3 ] = 5, X[ 4 ] = 6, X[ 5 ] = 10
这样之后,第一次是1~5被染成1;第二次1~2被染成2;第三次4~5被染成3
最终,1~2为2,3为1,4~5为3,于是输出正确结果3。
#include <iostream> #include <string> #include <cstring> #include <cstdlib> #include <cstdio> #include <cmath> #include <algorithm> #include <stack> #include <queue> #include <cctype> #include <vector> #include <iterator> #include <set> #include <map> #include <sstream> using namespace std;#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a)) #define pf printf #define sf scanf #define spf sprintf #define pb push_back #define debug printf("!\n") #define MAXN 10000 + 5 #define MAX(a,b) a>b?a:b #define blank pf("\n") #define LL long long #define ALL(x) x.begin(),x.end() #define INS(x) inserter(x,x.begin()) #define pqueue priority_queue #define INF 0x3f3f3f3fint n,m;int a[MAXN<<4],col[MAXN<<4],ans;int s1[MAXN],s2[MAXN];bool hh[MAXN];void PushDown(int rt) {if(col[rt] != -1){col[rt<<1] = col[rt<<1|1] = col[rt];col[rt] = -1;} }void update(int val,int L,int R,int l,int r,int rt) {if(L <= l && r <= R){col[rt] = val;return;}PushDown(rt);int mid = (l + r)>>1;if (L <= mid){update(val,L,R,l,mid,rt<<1);}if(R > mid){update(val,L,R,mid+1,r,rt<<1|1);} }void query(int l,int r,int rt) {if(l==r){if(!hh[col[rt]]){ans++;hh[col[rt]] = true;}return;}PushDown(rt);int mid = (l + r)>>1;query(l,mid,rt<<1);query(mid+1,r,rt<<1|1); }int BSearch(int lo, int hi, int v) {int mid;while (lo <= hi){mid = (lo + hi) >> 1;if (a[mid] == v) return mid;else if (a[mid] > v) hi = mid - 1;else lo = mid + 1;}return -1; }int main() {int t,i,kase=1;sf("%d",&t);while(t--){mem(col,-1);mem(a,0);mem(hh,false);sf("%d",&n);int cnt = 0,len = 1;for(i=1;i<=n;i++)//???? {sf("%d %d",&s1[i],&s2[i]);a[++cnt] = s1[i];a[++cnt] = s2[i];}sort(a+1,a+1+cnt);for(i=2;i<=cnt;i++)//?? {if(a[i]!=a[i-1]) a[++len] = a[i];}for(i=len;i>1;i--)//????? {if(a[i]-a[i-1]>1) a[++len] = a[i]-1;}sort(a+1,a+1+len);for(i=1;i<=n;i++){int l = BSearch(1,len,s1[i]);int r = BSearch(1,len,s2[i]);update(i,l,r,1,len,1);}ans = 0;query(1,len,1);pf("%d\n",ans);}return 0; }
转载于:https://www.cnblogs.com/qlky/p/5716796.html
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