Leetcode第314场周赛
题目链接
竞赛 - 力扣 (LeetCode)
题目解析
A.6200. 处理用时最长的那个任务的员工
AC代码
class Solution {public:int hardestWorker(int n, vector<vector<int>>& logs) {vector<int> cnt(n, 0);int ans = -1, ansCnt = -1;int last = 0, t;for (auto &arr : logs) {t = arr[1] - last;if (t > ansCnt) {ansCnt = t;ans = arr[0];} else if (t == ansCnt && arr[0] < ans) {ans = arr[0];}last = arr[1];}return ans;}
};
思路分析
其实是一道很简单的题目，但是我没有认真读题竟然还wa了两次，觉得非常不应该。一直以来觉得第一道题非常简单于是写的时候都没有想太多，今天抱着同样的态度结果没有搞清楚题目意思就开始写，wa两次的罚时远远大于认真思考的时间。一定要认真谨慎，不管在面对什么问题。
B.6201. 找出前缀异或的原始数组
AC代码
class Solution {public:vector<int> findArray(vector<int>& pref) {int n = pref.size();vector<int> ans(n);ans[0] = pref[0];for (int i = 1; i < n; ++i) {ans[i] = pref[i] ^ pref[i - 1];}return ans;}};
思路分析
根据异或的性质很快可以得出ans[i]=pref[i]^pref[i - 1]
C.6202. 使用机器人打印字典序最小的字符串
AC代码
class Solution {public:string robotWithString(string s) {int n = s.size();vector<pair<char, int>> cnt(n);cnt[n - 1] = make_pair(s[n - 1], n - 1);for (int i = n - 2; i >= 0; --i) {if (s[i] <= cnt[i + 1].first) {cnt[i] = make_pair(s[i], i);} else {cnt[i] = cnt[i + 1];}}string t;t.push_back('z' + 1);string ans;int idx = 0;while (idx < n) {auto [c, small] = cnt[idx];if (c < t.back()) {for (int i = idx; i < small; ++i) t.push_back(s[i]);ans.push_back(c);idx = small + 1;} else {ans.push_back(t.back());t.pop_back();}}int nn = t.size();for (int i = nn - 1; i > 0; --i) ans.push_back(t[i]);return ans;}
};
思路分析
一个贪心+模拟，主要的贪心策略就是：为当前位置放置可以放置的最小字符。这个字符的来源有两个：一个是s，一个是t,如果在s中，那么我们就要将最小字符前面的字符放在t中，而t只能取最后一个字符。为了确定来自哪里，我们从后往前处理出s当前位置后面最小的字符是哪个
初始情况下s中的任意字符都比t小，为了避免复杂的判断，这里技巧性地给t中先验性地填入了一个最大字符（’z’ + 1）。总体来说还是实现的比较优雅的。
D.6203. 矩阵中和能被 K 整除的路径
AC代码
class Solution {public:int numberOfPaths(vector<vector<int>>& grid, int k) {using ll = long long;static constexpr ll MOD = 1e9 + 7;int n = grid.size();int m = grid[0].size();vector<vector<ll>> dp(m, vector<ll>(k));auto update0 = [&](vector<ll> &now, int t) {vector<ll> last(k);for (int i = 0; i < k; ++i) {last[(i + t) % k] += now[i];}now.swap(last);};auto update1 = [&](vector<ll> &now, const vector<ll> &last, int t) {for (int i = 0; i < k; ++i) {int tmp = (i + t) % k;now[tmp] += last[i];if (now[tmp] > MOD) {now[tmp] %= MOD;}}};auto deal = [&](int x, int y, int dir) {if (dir == 0) {//从上方更新update0(dp[y], grid[x][y]);} else {//从左方更新update1(dp[y], dp[y - 1], grid[x][y]);}};dp[0][grid[0][0] % k] = 1;for (int j = 1; j < m; ++j) {deal(0, j, 1);}for (int i = 1; i < n; ++i) {deal(i, 0, 0);for (int j = 1; j < m; ++j) {deal(i, j, 0);deal(i, j, 1);}}return dp[m - 1][0];}
};
思路分析
很浓重的dp色彩，每一个位置从上边或者左边转移而来。可能朴素的做法是维护所有路径的和，但是由于我们要判断的是是否整除，因此技巧性地不断对和取余，维护的是k的剩余系，这样有效地缩小了每个状态的大小。
除此之外，由于我们是按照从左到右，从上到下的搜索顺序，所以我们可以利用滚动数组优化空间复杂度，只保存每一行的状态，然后优先从上边更新（也就是自身），再从左边更新。
自己在优先的时间内还能够想到这种优化空间复杂度的做法，的确是很机智。
整体代码的实现也是比较好的，用lambda表达式封装更新动作。
就是在初始状态的更新上犯了一点点错误。而且还把1e9+7写成了109+7，我记得我之前就因为这个问题wa过，这次又犯。。。主要是题面给的就是109+7，我吐了。害得我debug好久才发现这个问题。
周赛总结
优点
- 思路敏捷，代码实现快速，代码结构清晰
缺点
- 轻视简单题造成不必要的罚时
- 因为细节问题导致出错，应该再小心谨慎些
改进方案
小心谨慎，注意题面，注意数据范围，注意初始状态
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