牛客练习赛29 F 算式子

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给定\(n\)个整数\(a_i\)。保证\(1\leq a_i\leq m\) 。
对于每个\(1\leq x\leq m\)，求出\[\sum_{i=1}^{n}([\frac {a_i}{x}]+[\frac {x}{a_i}])\]
不会打向下取整……那两个中括号是向下取整。
还比较好的题，这两个东西可以分开求。
先考虑前面那个，就是考虑对于一个\(x\)，考虑\(k*x\)到\(k*x+k-1\)中间的\(a_i\)有多少。
然后这一些\(a_i\)都可以产生\(k\)的贡献，前缀和统计就好了。
后面考虑的是对于每一个\(a_i\)，他能产生增量贡献的\(x\)有哪一些。
也就是说，对于一个\(a_i\)，在\(k*a_i\)处，都会相比之前增加\(1\)的贡献。
所以也是差分后前缀和统计就好了。
注意第一个式子，如果对于任意\(w_i=1\)的情况都直接做的话，复杂度就不是调和级数了。
所以要把相等的数都缩起来，枚举值域。
复杂度\(O(mlogm)\)

#include<bits/stdc++.h>
#define R register int
#define ll long long
#define db double
using namespace std;
const int N=3000001;
int n,m,w[N];
ll G[N],P[N],T[N],ans;
int gi(){R x=0,k=1;char c=getchar();while((c<'0'||c>'9')&&c!='-')c=getchar();if(c=='-')k=-1,c=getchar();while(c>='0'&&c<='9')x=(x<<3)+(x<<1)+c-'0',c=getchar();return x*k;
}
int main(){n=gi(),m=gi();for(R i=1;i<=n;++i)w[i]=gi(),G[w[i]]++;sort(w+1,w+n+1);for(R i=1;i<=m;++i)if(G[i])for(R j=i;j<=m;j+=i)T[j]+=G[i];for(R i=1;i<=m;++i)T[i]+=T[i-1],G[i]+=G[i-1];for(R i=1;i<=m;++i){for(R k=i;k<=m;k+=i)P[i]+=(G[min(m,k+i-1)]-G[k-1])*(k/i);}for(R i=1;i<=m;++i)ans^=(P[i]+T[i]);printf("%lld\n",ans);return 0;
}

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