历届试题格子刷油漆

问题描述

X国的一段古城墙的顶端可以看成 2*N个格子组成的矩形（如下图所示），现需要把这些格子刷上保护漆。

　　你可以从任意一个格子刷起，刷完一格，可以移动到和它相邻的格子（对角相邻也算数），但不能移动到较远的格子（因为油漆未干不能踩！）
　　比如：a d b c e f 就是合格的刷漆顺序。
　　c e f d a b 是另一种合适的方案。
　　当已知 N 时，求总的方案数。当N较大时，结果会迅速增大，请把结果对 1000000007 (十亿零七) 取模。

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359635897

思路：毕竟是决赛题，难度是很大的（对我来说），看了这位博主的思路，才发现规律真的很奇妙，导航门https://www.jianshu.com/p/214d09476203

1构造数组a[x]、b[x]。a[x]表示在2 * x的格子条件下，从四个角任意一个角的格子出发，遍历全体格子的方法总数，b[x]表示在2 * x的条件下，从四个角任意一个角的格子出发，遍历全体格子后回到与之相对的格子中的方法总数。
显然，a[1]=1，b[1]=1。

递推式：
a[x]=
b[x]=b[x-1] * 2
推导如下：

先考虑出发点在角上，从一个角出发，只有3种可能性。
（1）先去同一列相邻的格子，然后前往下一列，这就简化成从2 * (x-1)的格子中，从一个角出发，遍历全体格子的问题。因为前往下一列有两种选法，所以有2 * a[x-1]种方法。
（2）先去相邻列的同一行的格子。又分为：
先去左下角，再去右边部分， a[x-2] * 2种方法
先遍历右边的所有，再回来左下角，b[x-1]种方法
（3）先去右下角的格子，又分为：
先去左边格子，再遍历右边，a[x-2] * 2种方法
先遍历右边，再去左边，b[x-1]种方法

整理可得
a[x]=a[x-1] * 2+a[x-2] * 4+b[x-1] * 2
b[x]=2 * b[x-1]
而从中间某列的一点（2种选择）出发时，显然 不能直接往下走，否则无法遍历所有的点，应当先遍历左边（右边）左右的点，然后回到相对的点，再遍历右边（左边）的点。假设从第i列出发，出发的点有两种选择，第二步也有两种选择，因此所有的走法有2 * (b[i-1] * 2 * 2 * a[n-i]+ 2 * b[n-i] * 2 * a[i-1])种。加法的前一半时先遍历左边，后一半是先遍历右边。

于是，总数就是4 * a[x]+Σ（2到n-1）2 * (b[i-1] * 2 * 2 * a[n-i]+ 2 * b[n-i] * 2 * a[i-1])

代码方面注意对取余的处理就行了

 1 #include<bits/stdc++.h>
 2
 3 using namespace std;
 4
 5 int main()
 6 {
 7     int x;
 8     cin >> x;
 9     long  long int a[x+1];
10     long long int b[x+1];
11     a[1]=1;
12     b[1]=1;
13     a[2]=6;
14     long long int def=1000000007;
15     for(int i=2;i<=x;i++){
16         b[i]=(b[i-1]*2);
17         b[i]%=def;
18     }
19     for(int i=3;i<=x;i++){
20         a[i]=(a[i-1]*2+a[i-2]*4+b[i-1]*2);
21         a[i]%=def;
22     }
23     long long int sum=0;
24     sum=4*a[x];
25     for(int i=2;i<=x-1;i++){
26         sum+=2*(b[i-1]*2*2*a[x-i]%def+2*b[x-i]*2*a[i-1]%def);
27         sum%=def;
28     }
29 if(x==1) sum=2;
30     cout <<sum;
31     return 0;
32 }

转载于:https://www.cnblogs.com/henuliulei/p/10494755.html

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