图论及其应用 2010年期末考试 答案 总结
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题号 |
答案 |
知识点与备注 |
填空题 |
||
1 |
n(n-1)/4 |
自补图的定义 |
2 |
n1+n2;m1+m2+n1n2 |
联图的定义 |
3 |
6 |
最短路算法 |
4 |
图G中由vi到vj的长度为k的途径的条数 |
注意是途径 |
5 |
(-1, n-1; n-1,1) |
邻接谱的定义和计算 |
6 |
16 |
托兰定理,小于等于T(3-1),8,即8阶完全2等部图的边数。 |
7 |
3 |
凯莱递推计数法/矩阵树定理。 C=D-A=|2,-1,-1;-1,2,-1;-1,-1,2|,故计算|2,-1;-1,2|即可 |
8 |
3,3 |
小于等于最小度3; 之后尝试出来即可。 |
9 |
C1,5;C2,5 |
度极大非哈密尔顿族的定义; n<m/2 |
10 |
2,n |
n正则偶图;因为偶图故点色数为2;因为偶图且最大度n,故边色数n |
选择题 |
||
1 |
D |
A:必须和为偶数; B:图序列要满足判定定理; C:不唯一,如六边形v1,v2,...,v6,v7,v8; G1:在v1v3上加条边 和 G2:在v1,v4上加条边。 两者度序列相同但不同构。 D:正确。度一一对应。 |
2 |
A |
强连通图的定义 |
3 |
C |
AB:欧拉图和哈密尔顿图之间没有必然的联系。 C: 正确。如K2; D:非平凡连通的G是欧拉图 等价于 顶点度数为偶数 等价于 边集和能划分为圈。H图无此性质,如K5再加1条边,就没有办法进行圈分解。 |
4 |
B |
A:显然错误。 B:正确。首先证|X|=|Y|. 之后由Hall定理,对X中任意子集S,其关联边集合为E1,数量为k|S|;N(S)关联边集合为E2,数量为k|N(S)|.E1包含在E2里,因此k|S|<=k|N(S)|.所以存在饱和X的匹配。又等部,故存在完美匹配。 C: 错误。匈牙利算法PPT中就包括完美匹配和最大匹配两部分。且Leetcode里匈牙利算法可以求最大匹配 D:完美匹配M是边集,但1因子是生成子图。所以当然不是。应改为完美匹配M的导出子图。 |
大题 |
||
三 |
握手定理+点数等式 5度顶点有7个 |
|
四 |
12 最小生成树算法 |
|
五 |
2[k]3+6[k]4+5[k]5+[k]6 |
|
六 |
(1) 在G中删掉一点v(任意的)得图G1; (2) 在图G1中求出一棵最小生成树T; (3) 在v的关联边中选出两条权值最小者e1与e2. 若H是G的最优圈,则: W(H)>=W(T)+W(e1)+W(e2) 理由:见课本P88最后一段 设C为最优哈密尔顿圈, 则对任意顶点v,C-v是最优哈密尔顿路,也是G-v中的生成树 因此,若T是G-v的最小生成树,同时e和f是和v关联的两条边,并使得w(f)+w(e)尽可能小,则W(T)+W(e)+W(f)将是一个下界。 |
|
七 |
最优匹配部分课本/PPT原题; 设M*是最优匹配,则其权重等于各点标号l(v)之和; 又设M是任意匹配,则其权重小于等于等于各点标号l(v)之和; 所以M*权重>=M的权重,故为最优匹配。 |
|
八 |
用构造1个3因子的方法证明。 因为最小度大于等于n/2+1 故存在H圈,其中有1因子M1; 做G1=G-M1 则G1中最小度大于等于n/2,仍有H圈H2. 取M=M1UH2 M即为一个三因子。因此有三因子。 |
|
九 |
点色数 有K3,故点色数>=3 可找到,故点色数=3 分组略 |
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