100: cf 878C set+并查集+链表

$des$
Berland要举行 $n$ 次锦标赛，第一次只有一个人，之后每一次会新
加入一个人。锦标赛中有 $k$ 种运动项目，每个人在这 $k$ 种项目上都有一
个能力值，每次会选择任意两个还未被淘汰的人进行某个项目的比
赛，能力值高的人胜出，输的人被淘汰，直至只剩下一个人成为冠
军。
给出每个人每个项目的能力值，保证它们两两不同，求每次锦标
赛有多少人可能成为冠军。

$sol$
只要选手 $a$ 在某个项目上比选手 $b$ 强， $a$ 就可以淘汰 $b$，我们可以连
一条 $a$ 到 $b$ 的边。
对整个图求强连通分量，缩点后一定会形成一个竞赛图，拓扑序
最靠前的分量中的所有点都可能成为冠军。
每加入一个点时，我们可能需要合并拓扑序在一段区间内强连通
分量。用set按拓扑序维护每个强连通分量，对每个分量记录它的大
小，以及在每个项目上的最大和最小能力值，就可以直接在set上二分
找到需要合并的区间。
最多只会合并 $n - 1$ 次，时间复杂度 $O(nklogn)$

$code$

#include <bits/stdc++.h>using namespace std;#define gc getchar()
inline int read() {int x = 0; char c = gc;while(c < '0' || c > '9') c = gc;while(c >= '0' && c <= '9') x = x * 10 + c - '0', c = gc;return x;
}#define Rep(i, a, b) for(int i = a; i <= b; i ++)
#define MP(a, b) make_pair(a, b)const int N = 5e4 + 10;int A[N][15];
int Max[N][15];
int n, m;
int fa[N], size[N], nxt[N], last = 1;
int Answer[N];set<pair<int, int> > S[15];int Get(int x) {return fa[x] == x ? x : fa[x] = Get(fa[x]);
}void Merge(int a, int b) {Rep(i, 1, m) Max[b][i] = max(Max[b][i], Max[a][i]);size[b] += size[a], fa[a] = b;
}int main() {n = read(), m = read();Rep(i, 1, n) Rep(j, 1, m) Max[i][j] = A[i][j] = read();Rep(i, 1, n) fa[i] = i, size[i] = 1;Rep(i, 1, m) S[i].insert(MP(A[1][i], 1));Answer[1] = 1;Rep(i, 2, n) {int a = 0, b = 0;set<pair<int, int> > :: iterator it;Rep(j, 1, m) {it = S[j].upper_bound(MP(A[i][j], i));if(it != S[j].end()) {int t = Get((*it).second);if(!b || Max[t][j] < Max[b][j]) b = t;}if(it != S[j].begin()) {it --;int t = Get((*it).second);if(!a || Max[t][j] > Max[a][j]) a = t;}S[j].insert(MP(A[i][j], i));}if(!a) nxt[i] = b;else if(!b) last = i, nxt[a] = i;else if(a == b) Merge(i, a);else if(Max[a][1] < Max[b][1]) nxt[a] = i, nxt[i] = b;else {for(int t = b; t != a; t = nxt[t], Merge(t, b));Merge(i, b);nxt[b] = nxt[a];if(a == last) last = b;}Answer[i] = size[last];}Rep(i, 1, n) cout << Answer[i] << "\n";return 0;
}

转载于:https://www.cnblogs.com/shandongs1/p/9791600.html

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