BZOJ 1443: [JSOI2009]游戏Game

1443: [JSOI2009]游戏Game

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Description

Input

输入数据首先输入两个整数N,M，表示了迷宫的边长。接下来N行，每行M个字符，描述了迷宫。

Output

若小AA能够赢得游戏，则输出一行"WIN"，然后输出所有可以赢得游戏的起始位置，按行优先顺序输出每行一个,否则输出一行"LOSE"（不包含引号）。

Sample Input

3 3
.##
...
#.#

Sample Output

WIN
2 3
3 2

HINT

对于100%的数据，有1≤n,m≤100。对于30%的数据，有1≤n,m≤5。

Source

分析：

这是一个网格图，然后每个状态只能向相邻的状态转移，并且输赢和路径长度的奇偶性有关系，所以考虑黑白染色，也就是状态只能向不同的颜色转移，那么就是一个二分图...

如果二分图求完最大匹配之后不存在非匹配点，那么一定不存在必胜策略，因为我们求完最大匹配之后，一定不存在增广路，只存在交错路，对方从匹配点出发，最后一定可以找到一条匹配边作为结束，所以先手必胜...

那么也就是说，从一个非匹配点出发，一定是一个后手必胜的策略，但是非匹配点并不是全部答案，因为并不是值存在一组最大匹配，所以从每个非匹配点出发，寻找交错路，然后访问到的和非匹配点处于同一集合的点都是答案...

代码：

#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
//by NeighThorn
using namespace std;const int maxn=200+5,maxm=20000+5;int n,m,cnt,tot,f[maxn][maxn],hd[maxm],to[maxm<<1],nxt[maxm<<1];
int pre[maxm],vis[maxm],co[maxm],ans[maxm];
int mv[2][2]={0,1,1,0};char mp[maxn][maxn];inline void add(int x,int y){to[cnt]=y;nxt[cnt]=hd[x];hd[x]=cnt++;
}inline bool dfs(int x){for(int i=hd[x];i!=-1;i=nxt[i])if(!vis[to[i]]){vis[to[i]]=1;if(pre[to[i]]==-1||dfs(pre[to[i]])){return pre[to[i]]=x,true;}}return false;
}inline void find(int x){if(ans[x])return;ans[x]=1;for(int i=hd[x];i!=-1;i=nxt[i])if(pre[to[i]]!=-1)find(pre[to[i]]);
}signed main(void){scanf("%d%d",&n,&m);memset(hd,-1,sizeof(hd));memset(pre,-1,sizeof(pre));for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%s",mp[i]+1);for(int i=1;i<=n;i++)for(int j=1;j<=m;j++)if(mp[i][j]=='.')f[i][j]=++tot,co[f[i][j]]=(i^j)&1;for(int i=1;i<=n;i++)for(int j=1;j<=m;j++)if(mp[i][j]=='.')    for(int k=0;k<2;k++){int x=i+mv[k][0],y=j+mv[k][1];if(f[x][y])add(f[i][j],f[x][y]),add(f[x][y],f[i][j]);}for(int i=1;i<=tot;i++)if(co[i])memset(vis,0,sizeof(vis)),cnt+=dfs(i);if(cnt*2==tot){puts("LOSE");return 0;}puts("WIN");for(int i=1;i<=tot;i++)if(pre[i]!=-1)pre[pre[i]]=i;for(int i=1;i<=tot;i++)if(pre[i]==-1)find(i);for(int i=1;i<=n;i++)for(int j=1;j<=m;j++)if(ans[f[i][j]])printf("%d %d\n",i,j);return 0;
}

By NeighThorn

转载于:https://www.cnblogs.com/neighthorn/p/6509504.html