数值分析及其matlab实现习题答案,数值分析练习题(含答案).doc
数值分析习题参考解答 江世宏编
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第一章 绪论
姓名 学号 班级
习题主要考察点:有效数字的计算、计算方法的比较选择、误差和误差限的计算。
1 若误差限为,那么近似数0.003400有几位有效数字?(有效数字的计算)
解:,
故具有3位有效数字。
2 具有4位有效数字的近似值是多少?(有效数字的计算)
解:,欲使其近似值具有4位有效数字,必需
,,即
即取(3.14109 , 3.14209)之间的任意数,都具有4位有效数字。
3 已知,是经过四舍五入后得到的近似值,问,有几位有效数字?(有效数字的计算)
解:,,而,
故至少具有2位有效数字。
故至少具有2位有效数字。
4 设,的相对误差为,求的误差和相对误差?(误差的计算)
解:已知,则误差为
则相对误差为
5测得某圆柱体高度的值为,底面半径的值为,已知,,求圆柱体体积的绝对误差限与相对误差限。(误差限的计算)
解:
绝对误差限为
相对误差限为
6 设的相对误差为,求的相对误差。(函数误差的计算)
解:,
7计算球的体积,为了使体积的相对误差限为,问度量半径时允许的相对误差限为多大?(函数误差的计算)
解:球体积为 ,
欲使,必须 。
8 设,求证:
(1)
(2)利用(1)中的公式正向递推计算时误差逐步增大;反向递推计算时误差逐步减小。(计算方法的比较选择)
解:
如果初始误差为,若是向前递推,有
可见,初始误差的绝对值被逐步地扩大了。
如果是向后递推,其误差为
可见,初始误差的绝对值被逐步减少了。
第二章 插值法
姓名 学号 班级
习题主要考察点:拉格朗日插值法的构造,均差的计算,牛顿插值和埃尔米特插值构造,插值余项的计算和应用。
1 已知,求的拉氏插值多项式。(拉格朗日插值)
解法一(待定系数法):设,由插值条件,有
解得:。
故 。
解法二(基函数法):由插值条件,有
2 已知,用线性插值求的近似值。(拉格朗日线性插值)
解:由插值节点与被插函数,可知,,,其线性插值函数为
的近似值为。
3 若为互异节点,且有
试证明。(拉格朗日插值基函数的性质)
解:考虑辅助函数,其中,,。
是次数不超过的多项式,在节点()处,有
这表明,有n+1个互异实根。
故,从而对于任意的均成立。
4 已知,用抛物线插值计算的值并估计截断误差。(拉格朗日二次插值)
解:由插值条件,其抛物线插值函数为
将代入,计算可得:。
其余项为: 其中,
故误差的上界为:
。
5 用余弦函数在,,三个节点处的值,写出二次拉格朗日插值多项式, 并近似计算及其绝对误差与相对误差,且与误差余项估计值比较。(拉格朗日二次插值)
解:由插值条件,二次拉格朗日插值多项式为
绝对误差为:
相对误差为:
余项为:
,其中,
其余项的上界为:
比较可知,实际计算所得的绝对误差较余项公式所估计出的值要小一些。
6 已知函数值,求函数的四阶均差和二阶均差。(均差的计算)
解:采用列表法来计算各阶均差,有
x
y
一阶均差
二阶均差
三阶均差
四阶均差
0
6
1
10
4
3
46
18
14/3
4
82
36
6
1/3
6
212
65
29/3
11/15
1/15
从表中可查得:。
x
y
一阶均差
二阶均差
4
82
1
10
72/3
3
46
18
6
故。其实,根据均差的对称性,,该值在第一个表中就可以查到。
7 设求之值,其中,而节点互异。(均差的计算)
解:由均差可以表示成为函数值的线性组合,有
而 ,故。
8 如下函数值表
0
1
2
4
1
9
23
3
建立不超过三次的牛顿插值多项式。(牛顿插值多项式的构造)
解:
先构造均差表
x
f(x)
一阶均差
二阶均差
三阶均差
0
1
1
9
8
2
23
14
3
4
3
-10
-8
-11/4
故 。
9求一个次数小于等于三次多项式,满足如下插值条件:,,,。(插值多项式的构造)
解法一(待定系数法):设,则
,由插值条件,有
解得:。
故
解法二(带重节点的均差法):据插值条件,造差商表
x
y
一阶差商
二阶差商
三阶差商
1
2
2
4
2
2
4
3
1
3
12
8
5
2
故
10 构造一个三次多项式,使它满足条件(埃尔米特插值)。
解:设,
利用插值条件,有
解得:。
11 设。(1)试求在上的三次埃尔米特插值多项式,使得,以升幂形式给出。(2)写出余项的表达式。(埃尔米特插值及其余项的计算)。
解:,,,,
设,
解得:,,,。
故 。
,其中,。
12 若,试证明:
(插值余项的应用)
解:以为插值条件,作线
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