软件工程期末复习

填空题：

测量是对产品或过程的某个属性的范围. 数量. 维度等提供的定量表示，如某个程序模块所含代码函数。而测度是测量的一个行为，把数字或符号分配给现实世界实体的属性的过程
软件项目管理的四个p：people product process project
软件能力成熟度模型cmm分为五个等级，分别为：初始级，可重复级，已定义级，已定量管理级，优化级
如果每两天发生一个错误，那系统在第二天的不失败的概率是0.25
版本控制是全面实行软件配置管理的基础，是对系统不同版本进行标识和跟踪的过程
基线是已经通过正式复审和批准的某规约或产品，它可以作为进一步的基础并且只能通过正式的变化控制过程的改变
在公共过程框架中，一个任务级包括了工作任务. 里程碑. 交付物和质量保证点
软件风险管理是贯穿在项目开发过程中的一系列管理步骤。包括风险识别. 风险分析. 风险规划和风险监控
软件风险两个主要特性：不确定性和损失
软件工程是一种层次化的技术，包括过程. 方法和工具
一般而言，单独测试某一模块时，要为他设计驱动程序和桩模块，他们的作用是分别模拟被测试模块的上层调用模块和直接重属模块。
系统工程的层次结构包括全局试图. 领域试图. 要素试图和详细视图
功能独立性是模块化和抽象以及信息隐藏概念的直接产物，是通过两项质量标准（内聚和耦合）来衡量的。
常见过程模型包括瀑布模型. 增量过程模型. 原型和螺旋模型等，其中螺旋模型是风险驱动型的模型
软件测试的任务是发现错误，而调试的任务是诊断和改正程序的错误
计算机软件是一种逻辑产品，它与具体的物质实体有很大的区别，软件具有抽象性

选择题：

汽车有一个发动机，汽车和发动机之间的关系是整体和部分的关系
检测软件产品是否符合需求定义的过程称为确认测试
评价良构模块独立性的标准是高内聚低耦合
uml中有多种视图表示，我们可以利用时序图来进行动态建模
软件测试的目的是发现软件的错误
程序的三种基本控制结构的共同特点是：单入口，单出口
软件是不可见的复杂的逻辑实体，不同于任何其他制造业的产品，使得软件质量难以把握的一个因素是软件需求
进度安排的好坏往往会影响整个项目的按期完成，甘特图是软件进度安排的好方法
需求分析是分析员了解用户需求，认真细致地调研分析，最终建立目标系统的逻辑模型，并写出软件规格说明的过程
基线是软件生成期各开发阶段的一个特定点，它可以作为一个检查点，它是经过评审的软件配置项和交付物的集合
FTR是一种由软件工程师或相关人员进行的软件质量保证
封装是把对象的属性和操作结合在一起，构成一个独立的对象，其内部信息对外是隐藏的，外界只能通过有限的接口与对象发生联系
传统的结构化方法设计的结果是模块结构图，分析的结果是DFD（顺序流图）

计算题：

存钱5年后使用，5年年利率为5%，5年后需要资金25000元，单利计算情况下，目前需要存入的资金是多少？

知识点：
单利计算：不取出直到到期
复利计算：每年都取出本金和利息然后再存款
年金计算：每年取出本金和利息并再投入一倍本金在存款
解法
x+x*1.05*5 = 25000
25000/6.25 = 4000

投资18万元，期限4年，所期望的投资报酬率为10%，每年能获得现金流6万元，该项目是否可行？
```
知识点：
净现值计算：未来收入总现值-所有支出的现值
解法：
用6万元做年金计算得到年金现值 - 投资成本18万元
净现值大于零则可行
```
6∗1−(1+0.1)−40.1−18=1.26*\frac{1-(1+0.1)^{-4}}{0.1}-18=1.2 6∗0.11−(1+0.1)−4−18=1.2

加权因子为4，不考虑复杂度调整值，即为0

用户输入数	用户输出数	用户查询数	用户文件数	外部界面数
25	20	20	10	8

计算功能点总集数FP

0.65是固定值

FP=(25+20+20+10+8)∗4∗(0.65+0)=215.8FP=(25+20+20+10+8)*4*(0.65+0)=215.8 FP=(25+20+20+10+8)∗4∗(0.65+0)=215.8
设平均生产率为 10FP/pm，劳动力价格3000元，求每个FP的成本
300010=300元\frac{3000}{10}=300 \text{ 元} 103000=300 元
根据FP值计算总项目成本，并进行工作量估算（人月）
总成本=300∗215.8=64740(元)E=215.810=21.58(人月)总成本=300*215.8=64740 \text{ (元)} \\ E=\frac{215.8}{10}=21.58 \text{ (人月)} 总成本=300∗215.8=64740 (元)E=10215.8=21.58 (人月)

开发人员M=3，代码行数=12.1K LOC，工作量E=24pm，成本168000，计算生产率P和每行代码平均成本C
P=12.1∗1000÷24=504.17C=168000÷(12.1∗1000)=13.88P=12.1*1000\div24=504.17 \\ C=168000\div(12.1*1000)=13.88 P=12.1∗1000÷24=504.17C=168000÷(12.1∗1000)=13.88
甲比乙贵6000元，但每年节约2500元，使用5年，年利率为6%，选哪款？
```
净现值问题以2500元为投资计算甲的年金现值-成本6000
若大于6000则表示有利
```
2500∗1−(1+0.06)−50.06−6000=4259.17<60002500*\frac{1-(1+0.06)^{-5}}{0.06}-6000=4259.17 \lt 6000 2500∗0.061−(1+0.06)−5−6000=4259.17<6000

计算MIF. PF

概念：
Md: declar 声明的方法数量Mi: inherit 继承的方法数量（非覆盖）Ma=Md+Mi: associate 关联的方法数量Mo: override 覆盖的方法数量Mn: new 新的方法数量DC: 后代数量，子类的个数M_d\text{ : declar 声明的方法数量} \\ M_i\text{ : inherit 继承的方法数量（非覆盖）} \\ M_a=M_d+M_i\text{ : associate 关联的方法数量} \\ M_o\text{ : override 覆盖的方法数量} \\ M_n\text{ : new 新的方法数量} \\ DC\text{ : 后代数量，子类的个数} Md : declar 声明的方法数量Mi : inherit 继承的方法数量（非覆盖）Ma=Md+Mi : associate 关联的方法数量Mo : override 覆盖的方法数量Mn : new 新的方法数量DC : 后代数量，子类的个数

题目

class A {int a;void x(){}void y(){}
}
class B extends A {int b;int bb;void x(){}void y(){}void z(){}
}
class C extends B {int c;void z(){}void w(){}
}

类	Mi	Md	Ma	Mn	Mo	DC
A	0	2	2	2	0	2
B	0	3	3	1	2	1
C	2	2	4	1	1	0

计算MIF
MIF=∑Mi∑Ma=0+0+22+3+4=29MIF=\frac{\sum{M_i}}{\sum{M_a}}=\frac{0+0+2}{2+3+4}=\frac{2}{9} MIF=∑Ma∑Mi=2+3+40+0+2=92
计算PF

PF=∑Mo∑(Mn∗DC)=0+2+1(2∗2)+(1∗1)+(1∗0)=35PF=\frac{\sum{M_o}}{\sum{(M_n*DC)}}=\frac{0+2+1}{(2*2)+(1*1)+(1*0)}=\frac{3}{5} PF=∑(Mn∗DC)∑Mo=(2∗2)+(1∗1)+(1∗0)0+2+1=53

分析题

DFD绘制

典中典之教材购销系统

0层

1层

2.1层购书处理展开

2.2层进书处理展开
ER图. 类图. 用例图. 顺序图等

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