zoj 3747 (DP)(连续至多,连续至少)
http://acm.zju.edu.cn/onlinejudge/showProblem.do?problemId=5170
参考:
http://blog.csdn.net/cc_again/article/details/24841249
UPDATE:
第二次做的感受,说下这道题为什么用递推。对于这种排序,且连续至多的问题,每个点放什么受到之前那个点是什么的影响,也就是说这个点的情况可以由前面那个点的情况推出来
题目意思:
给n个士兵排队,每个士兵三种G、R、P可选,求至少有m个连续G士兵,最多有k个连续R士兵的排列的种数。
一个最多,一个最少很难判断。可以转化成两个最多。
至少有m个 = 取值 m~n = {最多有n个} - {最多有m-1个}
因为是求总情况个数,第n个的情况可以从第n-1个的情况推出,所以可以用递推。
然后就是状态方程:
第i个的情况,至少有u个G,k个R
dp[i][0] 表示 G
dp[i][1] 表示 R
dp[i][2] 表示 P
当第i个为P时 前面没有任何限制条件, dp[i][2] = dp[i-1][0] + dp[i-1][1] + dp[i-1][2]
当第i个为G时
若 i<=u 没有任何限制, dp[i][0] = dp[i-1][0] + dp[i-1][1] + dp[i-1][2]
若 i=u+1 需要减去前u个都是G的情况,dp[i][0] = dp[i-1][0] + dp[i-1][1] + dp[i-1][2]-1
若i>u+1 需要减去(i-1)~(i-u)个连续G的情况,dp[i][0] = dp[i-1][0] + dp[i-1][1] + dp[i-1][2]-dp[i-u-1][1]-dp[i-u-1][2]
当第i个为R时 同G
#include <iostream> #include <string> #include <cstring> #include <cstdlib> #include <cstdio> #include <cmath> #include <algorithm> #include <stack> using namespace std;#define MEM(a,b) memset(a,b,sizeof(a)) #define pf printf #define sf scanf #define debug printf("!/m") #define INF 1100000 #define MAX(a,b) a>b?a:b #define blank pf("\n") #define LL long long #define M 1000000007LL dp[INF][5]; LL n,m,k,u,v;LL Cal() {dp[0][0] = 1;//初始化时可以随意放一个,没有什么影响,因为后面已经把所有情况考虑进去dp[0][1] = 0;dp[0][2] = 0;int i;for(i = 1;i<=n;i++){LL sum = (dp[i-1][0] + dp[i-1][1] + dp[i-1][2])%M;dp[i][2]=sum;if(i<=u)dp[i][0] = sum;else if(i==u+1)dp[i][0] = (sum-1)%M;elsedp[i][0] = (sum - dp[i-u-1][1] - dp[i-u-1][2])%M;if(i<=v)dp[i][1] = sum;else if(i==v+1)dp[i][1] = (sum - 1)%M;elsedp[i][1] = (sum - dp[i-v-1][0] - dp[i-v-1][2])%M;}return (dp[n][0]+dp[n][1]+dp[n][2])%M; }int main() {while(~sf("%lld%lld%lld",&n,&m,&k)){u = n;v = k;LL ans = Cal();u = m-1;v = k;ans = ((ans - Cal())%M+M)%M;pf("%lld\n",ans);}return 0; }
转载于:https://www.cnblogs.com/qlky/p/5022649.html
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