Description

洛谷题目链接：https://www.luogu.org/problemnew/show/P4707

Solution

前置广义\(\min-\max\)容斥，不懂的可以看看我的min-max容斥学习笔记。

那么\(\min\{S\}\)显然是比较好求的，具体的：
\[ \min\{S\}=\frac{m}{\sum_{i\in S}p_i} \]
但是注意到\(n\)的范围很大，显然不能用常规做法。

注意到\(k\)很小，可以考虑\(dp\)。

设\(f_{x,s,k}\)表示当前\(dp\)到前\(x\)个了，选出来的要满足\(\sum p=s\)，且为第\(k\)大的系数，因为可以注意到后面的\(\min\)都是一样的，我们这里在\(dp\)当前的\(\min\)被算了多少次，那么这个\(dp\)状态的意义就是前面那一坨系数，即：
\[ \sum_{T}(-1)^{|T|-k}\binom{|T|-1}{k-1} \]
并且满足了一堆的条件。

考虑怎么转移这个\(dp\)，这里显然是要分情况讨论：

如果不选\(x\)，那么转移就很简单了，直接是\(f_{x,s,k}=f_{x-1,s,k}\)。

否则就有点复杂了，我们先把式子写出来：
\[ f_{x,s,k}=\sum_{T}(-1)^{|T|-k}\binom{|T|-1}{k-1}\\ \]
然后这里的\(\sum p=s\)，由于这里硬点\(x\)要选，我们不妨考虑剩下的部分是啥样的：
\[ f_{x,s,k}=\sum_{T}(-1)^{|T|+1-k}\binom{|T|}{k-1} \]
注意这里枚举的\(T\)是不含\(x\)的，且\(\sum p=s-p_x\)，我们尝试着利用组合数的性质把它展开：
\[ \begin{align} f_{x,s,k}&=\sum_{T}(-1)^{|T|+1-k}(\binom{|T|-1}{k-1}+\binom{|T|-1}{k-2})\\ &=-\sum_T(-1)^{|T|-k}\binom{|T|-1}{k-1}+\sum_T(-1)^{|T|-(k-1)}\binom{|T|-1}{(k-1)-1}\\ &=-f_{x-1,s-p_x,k}+f_{x-1,s-p_x,k-1} \end{align} \]
那么我们就可以得到总的转移方程：
\[ f_{x,s,k}=f_{x-1,s,k}-f_{x-1,s-p_x,k}+f_{x-1,s-p_x,k-1} \]
边界条件就直接\(f_{x,0,0}=1\)就好了。

注意这里空间复杂度会爆掉，要把\(dp\)的第一维滚掉就好了。

代码真的很好写...

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;void read(int &x) {x=0;int f=1;char ch=getchar();for(;!isdigit(ch);ch=getchar()) if(ch=='-') f=-f;for(;isdigit(ch);ch=getchar()) x=x*10+ch-'0';x*=f;
}void print(int x) {if(x<0) putchar('-'),x=-x;if(!x) return ;print(x/10),putchar(x%10+48);
}
void write(int x) {if(!x) putchar('0');else print(x);putchar('\n');}const int maxn = 2e5+10;
const int mod = 998244353;int qpow(int a,int x) {int res=1;for(;x;x>>=1,a=1ll*a*a%mod) if(x&1) res=1ll*res*a%mod;return res;
}int n,K,m,p[maxn],f[2][10050][12];int main() {read(n),read(K),read(m);K=n-K+1;for(int i=1;i<=n;i++) read(p[i]);f[0][0][0]=1;for(int t=1;t<=n;t++) {int i=t&1;for(int j=0;j<p[t];j++)for(int k=0;k<=K;k++)f[i][j][k]=f[i^1][j][k];f[i][0][0]=1;for(int j=p[t];j<=m;j++)for(int k=1;k<=K;k++)f[i][j][k]=((f[i^1][j][k]+f[i^1][j-p[t]][k-1])%mod-f[i^1][j-p[t]][k])%mod;}int ans=0;for(int i=1;i<=m;i++) ans=(ans+1ll*f[n&1][i][K]*m%mod*qpow(i,mod-2)%mod)%mod;write((ans+mod)%mod);return 0;
}