[Codeforces 814D] An overnight dance in discotheque 树形dp,贪心
题目链接
题解:这道题,首先可以发现,圆与圆关系只有内含与外离,
所以可以建立出一个树形结构,
每个圆的父亲是与这个圆半径相差最小且包含这个圆的圆,
这样,整个一张图形成了一个森林,可以将圆按半径排序后O(n^2)建立出来。
Solution 1 : 可以对这个森林进行树形dp,
因为需要将森林分成两个部分,
而且容易发现,对于新形成的森林,深度为奇数的圆贡献为S,偶数为-S,
于是对于每棵树分别dp,
f[i][0/1][0/1]表示以i为根,2个01变量分别表示到达i时两棵树的深度的奇偶性,
显然,因为是树上深度相关,这两个01变量应该从根到儿子进行转移,
通过枚举在i位置的选择,dp数组的求解由儿子到根进行转移。
(这么设状态可以保证儿子对父亲的贡献总是为正,如果儿子对父亲贡献出现负值,就不符合dp的最优子结构性质了)
(菜鸡博主开始设置的状态会使儿子对父亲的贡献可能为负,所以导致比赛时GG 我好菜啊高清重置版)
Code:
#include <bits/stdc++.h>
#define eps 1e-12
double pi=acos(-1.0);
using namespace std;
struct node
{double x,y,r;
}t[1005];
int n;
int fa[1005];
double f[1005][2][2];
vector <int> vec[1005];
inline bool cmp(node a,node b)
{return a.r>b.r;}
void dfs(int pos)
{if (vec[pos].size()==0)
{f[pos][0][0]=-t[pos].r*t[pos].r*pi;
f[pos][1][1]=t[pos].r*t[pos].r*pi;
f[pos][0][1]=t[pos].r*t[pos].r*pi;
f[pos][1][0]=t[pos].r*t[pos].r*pi;
return;
}
/*
f[pos][0][0]=-t[pos].r*t[pos].r*pi;
f[pos][0][1]=-t[pos].r*t[pos].r*pi;
f[pos][1][0]=t[pos].r*t[pos].r*pi;
f[pos][1][1]=t[pos].r*t[pos].r*pi;
f[pos][0][0]=-t[pos].r*t[pos].r*pi;
f[pos][0][1]=t[pos].r*t[pos].r*pi;
f[pos][1][0]=-t[pos].r*t[pos].r*pi;
f[pos][1][1]=t[pos].r*t[pos].r*pi;
*/
double s[2][2];
memset (s,0,sizeof(s));
for (int i=0;i<vec[pos].size();i++)
{dfs(vec[pos][i]);
int son=vec[pos][i];
s[0][0]+=f[son][0][0];
s[0][1]+=f[son][0][1];
s[1][0]+=f[son][1][0];
s[1][1]+=f[son][1][1];
}
double siz=t[pos].r*t[pos].r*pi;
f[pos][0][0]=max(s[0][1]-siz,s[1][0]-siz);
f[pos][1][0]=max(s[0][0]+siz,s[1][1]-siz);
f[pos][1][1]=max(s[0][1]+siz,s[1][0]+siz);
f[pos][0][1]=max(s[0][0]+siz,s[1][1]-siz);
}
int main (){int i,j;scanf ("%d",&n);for (i=1;i<=n;i++){scanf ("%lf%lf%lf",&t[i].x,&t[i].y,&t[i].r);}sort(t+1,t+n+1,cmp);for (i=1;i<=n;i++){for (j=i-1;j>=1;j--){if (((t[i].x-t[i].r)+eps>t[j].x-t[j].r)&&((t[i].x+t[i].r)-eps<t[j].x+t[j].r)&&((t[i].y-t[i].r)+eps>t[j].y-t[j].r)&&((t[i].y+t[i].r)-eps<t[j].y+t[j].r)){vec[j].push_back(i);fa[i]=j;break;}}}double ans=0;for (i=1;i<=n;i++){if (!fa[i]){dfs(i);double maxn=-1e18;ans+=f[i][1][1];}}printf ("%.12lf\n",ans);return 0;
}
Solution 2: 非常妙的贪心,建出树之后, 对于树上某个位置i,只要能够使它的贡献为正,就让它贡献为正数。 正确性:对于每个圆,若使它贡献为正,与让它贡献为负时相比,答案相差了2*Si. 而对于这个圆所对应的子树的选择,整个子树对于答案的贡献不会小于-Si,也不会大于Si, 所以显然这种情况下让这个圆贡献为正所取得的收益更大,所以贪心是正确的。 Code:
#include <bits/stdc++.h>
#define eps 1e-12
double pi=acos(-1.0);
using namespace std;
struct node
{double x,y,r;
}t[1005];
inline bool cmp(node a,node b)
{return a.r>b.r;}
int n;
int fa[1005],dep[1005];
int main (){int i,j;scanf ("%d",&n);for (i=1;i<=n;i++){scanf ("%lf%lf%lf",&t[i].x,&t[i].y,&t[i].r);}sort(t+1,t+n+1,cmp);for (i=1;i<=n;i++){for (j=i-1;j>=1;j--){if (((t[i].x-t[i].r)+eps>t[j].x-t[j].r)&&((t[i].x+t[i].r)-eps<t[j].x+t[j].r)&&((t[i].y-t[i].r)+eps>t[j].y-t[j].r)&&((t[i].y+t[i].r)-eps<t[j].y+t[j].r)){fa[i]=j;break;}}}double ans=0;dep[0]=0;for (i=1;i<=n;i++){dep[i]=dep[fa[i]]+1;}for (i=1;i<=n;i++){if (dep[i]<=2||dep[i]%2==0) {ans+=pi*t[i].r*t[i].r;}else {ans-=pi*t[i].r*t[i].r;}}printf ("%.12lf\n",ans);return 0;
}
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