2018年湘潭大学程序设计竞赛 G又见斐波那契
题目描述
输入描述:
第一行是一个整数T(1 ≤ T ≤ 1000),表示样例的个数。以后每个样例一行,是一个整数n(1 ≤ n ≤ 1018)。
输出描述:
每个样例输出一行,一个整数,表示F(n) mod 1000000007。
输入
4 1 2 3 100
输出
1 16 57 558616258
一开始不了解矩阵快速幂,不知道怎么做,刷了一波矩阵快速幂再做这个就发现很简单了。
很明显就是6*6矩阵,构建好矩阵就行了。构建矩阵如下:
fi 1 1 1 1 1 1 fi-1
fi-1 1 0 0 0 0 0 fi-2
(i+1)3 0 0 1 3 3 1 i3
(i+1)2 = 0 0 0 1 2 1 * i2
(i+1) 0 0 0 0 1 1 i
1 0 0 0 0 0 1 1
1 #include <bits/stdc++.h> 2 #define ll long long 3 using namespace std; 4 const int mod = 1000000007; 5 struct mat { 6 ll m[6][6]; 7 mat() { 8 memset(m, 0, sizeof(m)); 9 } 10 }; 11 12 mat mul(mat &A, mat &B) { 13 mat C; 14 for(int i = 0; i < 6; i ++) { 15 for(int j = 0; j < 6; j ++) { 16 for(int k = 0; k < 6; k ++) { 17 C.m[i][j] = (C.m[i][j] + A.m[i][k]*B.m[k][j]) %mod; 18 } 19 } 20 } 21 return C; 22 } 23 24 25 mat pow(mat A, ll n) { 26 mat B; 27 for(int i = 0; i < 6; i ++) B.m[i][i] = 1; 28 while(n) { 29 if(n&1LL) B = mul(B, A); 30 A = mul(A, A); 31 n >>= 1; 32 } 33 return B; 34 } 35 int main() { 36 int t; 37 cin >> t; 38 mat A; 39 for(int i = 0; i < 6; i ++) A.m[0][i] = 1; 40 A.m[1][0] = A.m[2][2] = A.m[2][5] = 1; 41 A.m[3][3] = A.m[3][5] = A.m[4][4] = 1; 42 A.m[4][5] = A.m[5][5] = 1; 43 A.m[2][3] = A.m[2][4] = 3; 44 A.m[3][4] = 2; 45 while(t--) { 46 ll n; 47 cin >> n; 48 mat B =pow(A, n-1); 49 ll ans = B.m[0][0]+B.m[0][2]*8+B.m[0][3]*4+B.m[0][4]*2+B.m[0][5]; 50 cout << ans%mod << endl; 51 } 52 return 0; 53 }
转载于:https://www.cnblogs.com/xingkongyihao/p/9017138.html
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