【USACO 2.3.4】Cow Tours 牛的旅行
题目描述
农民 John的农场里有很多牧区。有的路径连接一些特定的牧区。一片所有连通的牧区称为一个牧场。但是就目前而言,你能看到至少有两个牧场通过任何路径都不连通。这样,Farmer John就有多个牧场了。
John想在牧场里添加一条路径(注意,恰好一条)。对这条路径有以下限制:
一个牧场的直径就是牧场中最远的两个牧区的距离(本题中所提到的所有距离指的都是最短的距离)。考虑如下的有5个牧区的牧场,牧区用“*”表示,路径用直线表示。每一个牧区都有自己的坐标:
(15,15) (20,15)D E*-------*| _/|| _/ || _/ ||/ |*-------*-------*A B C(10,10) (15,10) (20,10)
这个牧场的直径大约是12.07106, 最远的两个牧区是A和E,它们之间的最短路径是A-B-E。
这里是另一个牧场:
*F(30,15)_/ _/ _/ / *-------* G H(25,10) (30,10)
添加C至G一条路径后便是:
(15,15) (20,15) (30,15)D E F*-------* *| _/| _/| _/ | _/| _/ | _/ |/ | / *-------*-------*-------*-------* A B C G H (10,10) (15,10) (20,10) (25,10) (30,10)
整个牧场直径约为22.071068。 在目前的情景中,他刚好有两个牧场。John将会在两个牧场中各选一个牧区,然后用一条路径连起来,使得连通后这个新的更大的牧场有最小的直径。
注意,如果两条路径中途相交,我们不认为它们是连通的。只有两条路径在同一个牧区相交,我们才认为它们是连通的。
输入文件包括牧区、它们各自的坐标,还有一个如下的对称邻接矩阵:
A B C D E F G H A 0 1 0 0 0 0 0 0 B 1 0 1 1 1 0 0 0 C 0 1 0 0 1 0 0 0 D 0 1 0 0 1 0 0 0 E 0 1 1 1 0 0 0 0 F 0 0 0 0 0 0 1 0 G 0 0 0 0 0 1 0 1 H 0 0 0 0 0 0 1 0
其他邻接表中可能直接使用行列而不使用字母来表示每一个牧区。输入数据中不包括牧区的名字。
输入文件至少包括两个不连通的牧区。
请编程找出一条连接两个不同牧场的路径,使得连上这条路径后,这个更大的新牧场有最小的直径。输出在所有牧场中最小的可能的直径。
第1行: 一个整数N (1 <= N <= 150), 表示牧区数
第2到N+1行: 每行两个整数X,Y (0 <= X ,Y<= 100000), 表示N个牧区的坐标。注意每个 牧区的坐标都是不一样的。
第N+2行到第2*N+1行: 每行包括N个数字(0或1) 表示如上文描述的对称邻接矩阵。
只有一行,包括一个实数,表示所求直径。数字保留六位小数。
只需要打到小数点后六位即可,不要做任何特别的四舍五入处理。
SAMPLE INPUT
8 10 10 15 10 20 10 15 15 20 15 30 15 25 10 30 10 01000000 10111000 01001000 01001000 01110000 00000010 00000101 00000010
SAMPLE OUTPUT
22.071068
题解
1. 朴素的想法:Floyd 算法求各个节点间的距离,不同的连通分支(即内部的牧区能够互达的区域)间通过枚举连接后更改了拓扑结构,再应用Floyd 求得最大距离,该算法的复杂度是O(N^5), N 可以是150,超时。
2. 优化方法:
2.1 片区内的节点互联没有意义,因为要求是片区间连接一条路。所以一开始通过并查集将连通分支划分好, 去掉片区内的互联。
2.2 Floyd 算法计算所有片区内的直径, 复杂度O(N^3), 之后再在枚举的过程中计算相连后的大片区直径, 这样可以简单地更新大片区的直径,不需要在枚举过程中再次使用Floyd算法。
2.3 以上是参考foreverpiano的。
#include<bits/stdc++.h> #define inf 2000000 #define maxn 200 using namespace std; double minum=inf; int x[maxn],y[maxn]; int Map[maxn][maxn]; double dis[maxn][maxn],mdis[maxn]; int pre[maxn]; int n;double Dis(int i,int j) {return (sqrt((x[i]-x[j])*(x[i]-x[j])+(y[i]-y[j])*(y[i]-y[j]))); }void init() {cin >> n;for (int i=1;i<=n;i++)cin>>x[i]>>y[i];char c;for (int i=1;i<=n;i++)for (int j=1;j<=n;j++){cin>>c;if (c=='1')dis[i][j]=Dis(i,j);else dis[i][j]=inf;if (i==j) dis[i][j]=0;} }int Find(int x) {//会替换的Findreturn pre[x]==x?x:pre[x]=Find(pre[x]); }int merge(int x,int y) {int fx=Find(x),fy=Find(y);if (pre[fx]!=fy) {pre[fx]=fy;return 1;}return 0; }void Disjoint() {for (int i=1;i<=n;i++) {pre[i]=i;}int count=0;for (int i=1;i<=n;i++) {for (int j=1;j<=n;j++) {if (dis[i][j]&&dis[i][j]!=inf) {merge(i,j);}}} }int find(int x) {//不会替换值findreturn pre[x]==x?x:find(pre[x]); }void Floyd() {for (int k=1;k<=n;k++) {for (int i=1;i<=n;i++){if (find(k)==find(i)){for (int j=1;j<=n;j++)dis[i][j]=min(dis[i][j],dis[i][k]+dis[k][j]);}}}for (int i=1;i<=n;i++)for (int j=1;j<=n;j++)if (dis[i][j]>mdis[i]&&dis[i][j]!=inf)mdis[i]=dis[i][j]; // i 所在连通分支的最大直径 }int create() {double Swap;for (int i=1;i<=n;i++)for (int j=i+1;j<=n;j++)if (dis[i][j]==inf){Swap=mdis[i]+Dis(i,j)+mdis[j];if (Swap<minum)minum=Swap;}for (int i=1;i<=n;i++)if (mdis[i]>minum)minum=mdis[i]; }int main() {init();Disjoint();Floyd(); //求出i连通分支的牧场的最长的距离。 create();printf("%.6f",minum);return 0; }
References
http://www.cnblogs.com/foreverpiano/p/6903288.html
转载于:https://www.cnblogs.com/wangzming/p/7798085.html
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