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来源：牛客网

华华送奕奕小礼物
时间限制：C/C++ 1秒，其他语言2秒
空间限制：C/C++ 524288K，其他语言1048576K
64bit IO Format: %lld
题目描述
华华用数组a和数组b合成了矩阵c。其中a数组长度为n，b数组长度为m，c是n行m列的矩阵，且c[i][j]=a[i]*b[j]。定义矩阵的权值为矩阵中所有元素的和。然后他想把矩阵送给奕奕。然而他怕奕奕不喜欢。若矩阵的权值小于L,奕奕会讨厌它，因为奕奕不喜欢太小的数字。若矩阵的权值大于R，奕奕会生气因为奕奕不认识比R大的数字。所以奕奕只喜欢权值大于等于L并且小于等于R的矩阵。还好华华学过acm，他马上想到可以送奕奕一个子矩阵，并且他立马写程序从c矩阵中找出了所有奕奕喜欢的子矩阵。你只需要帮他算算这样的子矩阵有多少个即可。
输入描述:
第一行输入n,m,L,R。
第二行n个数表示a数组
第三行m个数表示b数组
1<=n,m<=1000,1<=L<=R<=1e18
1<=a[i],b[i]<=1e6
输出描述:
输出一个数表示子矩阵的个数
示例1
输入
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3 3 3 8
3 2 3
2 3 1
输出
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10

思路：

我们定义 suma,sumb 分别是a，b数组的前缀和。

那么c矩阵中，左上角是i，j，右下角是x，y的sum和就是 (suma[x]-suma[i-1] ) * (sumb[y] - sumb[j-1] )

那么我们可以预处理出 (sumb[y] - sumb[j-1] ) ，加入一个数组v中并且排序，然后枚举 (suma[x]-suma[i-1] ) ，去二分查找v中使其乘积满足l~r的范围。

答案加起来即可。

细节见代码：

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <queue>
#include <stack>
#include <map>
#include <set>
#include <vector>
#include <iomanip>
#define ALL(x) (x).begin(), (x).end()
#define sz(a) int(a.size())
#define all(a) a.begin(), a.end()
#define rep(i,x,n) for(int i=x;i<n;i++)
#define repd(i,x,n) for(int i=x;i<=n;i++)
#define pii pair<int,int>
#define pll pair<long long ,long long>
#define gbtb ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0),cout.tie(0)
#define MS0(X) memset((X), 0, sizeof((X)))
#define MSC0(X) memset((X), '\0', sizeof((X)))
#define pb push_back
#define mp make_pair
#define fi first
#define se second
#define eps 1e-6
#define gg(x) getInt(&x)
#define chu(x) cout<<"["<<#x<<" "<<(x)<<"]"<<endl
using namespace std;
typedef long long ll;
ll gcd(ll a,ll b){return b?gcd(b,a%b):a;}
ll lcm(ll a,ll b){return a/gcd(a,b)*b;}
ll powmod(ll a,ll b,ll MOD){ll ans=1;while(b){if(b%2)ans=ans*a%MOD;a=a*a%MOD;b/=2;}return ans;}
inline void getInt(int* p);
const int maxn=1010;
const int inf=0x3f3f3f3f;
/*** TEMPLATE CODE * * STARTS HERE ***/int n,m;
ll l,r;
ll a[maxn];
ll b[maxn];
ll suma[maxn];
ll sumb[maxn];
std::vector<ll> v;
int main()
{//freopen("D:\\common_text\\code_stream\\in.txt","r",stdin);//freopen("D:\\common_text\\code_stream\\out.txt","w",stdout);gbtb;cin>>n>>m;cin>>l>>r;repd(i,1,n){cin>>a[i];suma[i]=suma[i-1]+a[i];}repd(i,1,m){cin>>b[i];sumb[i]=sumb[i-1]+b[i];}repd(i,1,m){repd(j,1,i){v.push_back(sumb[i]-sumb[j-1]);}}ll ans=0ll;sort(ALL(v));repd(i,1,n){repd(j,1,i){ll u=r/(suma[i]-suma[j-1]);ll d=ceil(l*1.00/(suma[i]-suma[j-1]));ans+=upper_bound(ALL(v),u)-lower_bound(ALL(v),d);}}cout<<ans<<endl;return 0;
}inline void getInt(int* p) {char ch;do {ch = getchar();} while (ch == ' ' || ch == '\n');if (ch == '-') {*p = -(getchar() - '0');while ((ch = getchar()) >= '0' && ch <= '9') {*p = *p * 10 - ch + '0';}}else {*p = ch - '0';while ((ch = getchar()) >= '0' && ch <= '9') {*p = *p * 10 + ch - '0';}}
}