[UOJ409]Highway Tolls

题意：交互题，给定一个简单无向图和$A,B(1\leq A\lt B)$，你可以对每条边指定其边权为$A$或$B$后通过交互库询问$S\rightarrow T$的最短路（$S,T$在程序运行之前已经确定），但你不知道$S,T$，现在要求$S$和$T$

无论是什么做法，我们首先需要知道边权为$1$时的最短路$dis$，在开始时把所有边设为$A$，调用一次即可

从部分分入手，第一个部分分（subtask1,2）：图是一棵树，已知根是$S$，求$T$

因为只能调用很少次交互库，所以考虑二分

我们在bfs序上二分，假设当前二分到$[l,r]$，我们要检查$T$的bfs序是否在$[l,mid]$中，如果我们将bfs序在$[1,mid]$中的点的祖先边全部设为$A$，将其他边设为$B$，并且此时最短路为$dis\cdot A$，那么显然$T$的bfs序在$[l,mid]$中（因为任何bfs序在$[mid+1,r]$中的节点到根至少经过一条$B$边），于是时间复杂度为$O(n\log n)$，调用次数为$1+\left\lceil\log_2n\right\rceil$

然后是第二个部分分（subtask3,4）：图是一棵树

如果我们能找出一条在$S\rightarrow T$最短路上的边，那么删掉这条边后对两棵树套用上面的算法即可

要找到任意一条这样的边，还是得二分，二分边的编号，二分到$[l,r]$时把$[1,mid]$的边设为$B$，把$[mid+1,n-1]$的边设为$A$，如果最短路没有变化，那么这条边在$[mid+1,r]$，否则在$[l,mid]$，于是时间复杂度为$O(n\log_2n)$，调用次数为$1+\left\lceil\log_2n\right\rceil+2\left\lceil\log_2\frac n2\right\rceil$

然后是一般情况（subtask5,6）

我们同样想找到一条在$S\rightarrow T$的任意一条最短路上的边，还是得二分边的编号，一开始把所有边设为$A$，二分到$[l,r]$时先把$[l,mid]$设为$B$，查询最短路，如果最短路变化了，那么$[l,mid]$中一定有这样的边，于是先把$[l,mid]$设回$A$，再去$[l,mid]$中寻找答案，否则它就在$[mid+1,r]$了

假设我们找出来的边是$(x,y)$，我们用这条边构造两个不相交的集合$S_1,S_2$（以下的距离都是边权为$1$的距离）

如果一个点$u$满足$dis_{u,x}<dis_{u,y}$，那么$u\in S_1$，如果$u$满足$dis_{u,x}\gt dis_{u,y}$，那么$u\in S_2$

在$S_1$中以$x$为根构造bfs树，在$S_2$中以$y$为根构造bfs树，那么$S\rightarrow T$一定存在一条最短路是只经过树边和$(x,y)$的

将非树边设为$B$，将树边和$(x,y)$设为$A$，那么接下来要做的事情就和第二个部分分的最后一步一样了

总时间复杂度$O\left(m(\log m+\log n)\right)$，调用次数为$1+\left\lceil\log_2m\right\rceil+2\left\lceil\log_2\frac n2\right\rceil$，刚好是$50$，但官方数据好像并没有卡满...

神仙图论题...

#include"highway.h"
#include<vector>
#include<algorithm>
#include<string.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int inf=2147483647;
int abs(int x){return x>0?x:-x;}
int h[90010],nex[260010],to[260010],id[260010],M,n,m;
void add(int a,int b,int c){M++;to[M]=b;id[M]=c;nex[M]=h[a];h[a]=M;
}
int q[90010],d1[90010],d2[90010];
void getdis(int*d,int x){int head,tail,i;for(i=1;i<=n;i++)d[i]=inf;head=tail=1;q[1]=x;d[x]=0;while(head<=tail){x=q[head++];for(i=h[x];i;i=nex[i]){if(d[x]+1<d[to[i]]){d[to[i]]=d[x]+1;q[++tail]=to[i];}}}
}
vector<int>u,v,w;
int fa[90010],bfn[90010];
bool t1[260010],t2[260010];
void bfs(int x,bool*t){int head,tail,i;head=tail=1;q[1]=x;M=0;while(head<=tail){x=q[head++];bfn[x]=++M;for(i=h[x];i;i=nex[i]){if(to[i]!=fa[x]&&t[i]){fa[to[i]]=x;q[++tail]=to[i];}}}
}
ll dis;
int solve(int x,int y,bool*t){memset(fa,0,sizeof(fa));memset(bfn,0,sizeof(bfn));int l,r,mid,ans,i;fa[y]=x;bfs(y,t);l=1;r=M;ans=0;while(l<=r){mid=(l+r)>>1;for(i=0;i<m;i++){x=u[i];y=v[i];if(!t1[i*2+1]&&!t2[i*2+1])w[i]=1;else if(!t[i*2+1])w[i]=0;else{if(fa[x]==y)swap(x,y);w[i]=bfn[y]>mid;}}if(ask(w)==dis){ans=mid;r=mid-1;}elsel=mid+1;}for(i=1;i<=n;i++){if(bfn[i]==ans)break;}return i;
}
int sfa[90010];
int get(int x){return x==sfa[x]?x:(sfa[x]=get(sfa[x]));}
void buildt1(int x){int head,tail,i;for(i=1;i<=n;i++)sfa[i]=i;head=tail=1;q[1]=x;while(head<=tail){x=q[head++];for(i=h[x];i;i=nex[i]){if(d1[x]<d2[x]&&d1[to[i]]<d2[to[i]]&&d1[x]!=d1[to[i]]&&get(x)!=get(to[i])){t1[i]=t1[((i-1)^1)+1]=1;sfa[get(to[i])]=get(x);q[++tail]=to[i];}}}
}
void buildt2(int x){int head,tail,i;for(i=1;i<=n;i++)sfa[i]=i;head=tail=1;q[1]=x;while(head<=tail){x=q[head++];for(i=h[x];i;i=nex[i]){if(d1[x]>d2[x]&&d1[to[i]]>d2[to[i]]&&d2[x]!=d2[to[i]]&&get(x)!=get(to[i])){t2[i]=t2[((i-1)^1)+1]=1;sfa[get(to[i])]=get(x);q[++tail]=to[i];}}}
}
void find_pair(int n,vector<int>u,vector<int>v,int A,int B){int i,x,y,l,r,mid;m=u.size();w.resize(m);for(i=0;i<m;i++){u[i]++;v[i]++;add(u[i],v[i],i);add(v[i],u[i],i);}::n=n;::u=u;::v=v;for(i=0;i<m;i++)w[i]=0;dis=ask(w);l=0;r=m-1;while(l<r){mid=(l+r)>>1;for(i=l;i<=mid;i++)w[i]=1;if(ask(w)!=dis){for(i=l;i<=mid;i++)w[i]=0;r=mid;}elsel=mid+1;}x=u[l];y=v[l];getdis(d1,x);getdis(d2,y);buildt1(x);buildt2(y);t1[l*2+1]=t1[l*2+2]=t2[l*2+1]=t2[l*2+2]=1;answer(solve(x,y,t2)-1,solve(y,x,t1)-1);
}

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