版权属于舒老师，想要引用此题（包括题面）的朋友请联系博主

分析：
mmp，这道题做了不短的时间（这是什么语法。。。）

首先我们可以用O(nlogn)O(nlogn)O(nlogn)的复杂度计算出f[i]f[i]f[i]（表示以iii为结尾的LIS）

以下就是我yy的过程了：

一开始有一个非常naive的想法：
把数组的每个位置视为一个点
每个点向在ta后面且比ta大的点连一条边
那么对于询问我们只需要在图中找到一条长度为Q的路径即可
（至于字典序最小，我们直接贪心构造即可）

但是这样边数会比较多，我们深入考虑能成为每个点后继的条件：
看一个简单的例子

    1   2   3   4   5
a=  2   5   6   4   3

对于a[1]" role="presentation" style="position: relative;">a[1]a[1]a[1]，我们显然需要向a[2]a[2]a[2]连边，但是我们没有必要向a[3]a[3]a[3]连边
然而我们还是需要向a[4],a[5]a[4],a[5]a[4],a[5]连边

一句话总结：从前往后扫，记minnminnminn为当前扫到的数字的最小值，我们只需要向小于minnminnminn且大于a[i]a[i]a[i]的元素连边即可
（也就是说，数值较大还靠后的元素就没有必要连边了）

这样我们就可以得到每个结点的后继结点了
贪心的，后继结点按照数值从小到大排序，这样我们遍历的时候就可以直接贪心构造解了

至此为止，如果我们要处理询问就需要遍历整个图
虽然边数已经减少了很多，但是还是达不到要求

所以我用O(n2)O(n2)O(n^2)的时间处理出了len[i]len[i]len[i]，表示以位置iii为起点的LIS" role="presentation" style="position: relative;">LISLISLIS

这样在构造解的时候，我们找到len[i]>=Qlen[i]>=Qlen[i]>=Q且a[i]a[i]a[i]最小的元素作为起点
之后贪心构造答案即可：遍历后继结点，只有后继结点的“len+当前答案长度>=Q”“len+当前答案长度>=Q”“len+当前答案长度>=Q”，我们才继续往下走

复杂度O(nq)O(nq)O(nq)
（预处理不算啦）

可能有dalao会吐槽：
O(n2)O(n2)O(n^2)处理出lenlenlen数组，不是太慢了吗

啊咧，确实。。。
不过这道题的标算是O(nq)O(nq)O(nq)的（所以胖爷用O(nqlogn)O(nqlogn)O(nqlogn)艹掉了标算。。。）

科学的预处理：

把整个序列翻转过来，求以每个结点为末尾的最长下降子序列
这样正过来就是以每个结点为起点的LISLISLIS

实际上这道题的标解贪心贪的更漂亮

从前往后，找到len>=Qlen>=Qlen>=Q且数值最小的位置iii，作为答案的起点
之后的每一位一定在i" role="presentation" style="position: relative;">iii之后，
我们在iii之后找到len+当前答案长度>=Q" role="presentation" style="position: relative;">len+当前答案长度>=Qlen+当前答案长度>=Qlen+当前答案长度>=Q且数值最小的位置jj<script type="math/tex" id="MathJax-Element-57">j</script>，作为答案的第二位
以此类推即可

tip

贴出我在考场上写的丑陋代码（毕竟也是想了好久的）

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>using namespace std;const int N=10002;
int n,g[N],maxlen,m,V[N],a[N],pos[N],nn,len[N];
int G[N][1002],size[N];
int X;void LIS() {g[1]=a[1];maxlen=1;for (int i=2;i<=n;i++) {if (a[i]>g[maxlen]) {g[++maxlen]=a[i];continue;}int r=lower_bound(g+1,g+1+maxlen,a[i])-g;g[r]=a[i];}
}int cmp(const int &A,const int &B) {return a[A]<a[B];                      //按值排序
}void prepare() {for (int i=1;i<=n;i++) size[i]=0;for (int i=n;i>=1;i--) {len[i]=1;int minn=n+1;                      //值大还靠后的就不用连边了 for (int j=i+1;j<=n;j++) if (a[j]<minn&&a[j]>a[i]) {G[i][++size[i]]=j;         //G[i] 位置i的后继 minn=a[j];len[i]=max(len[i],len[j]+1);//len[i] 以i为起点的LIS }}for (int i=1;i<n;i++) sort(G[i]+1,G[i]+1+size[i],cmp);
}int ans[N];
bool flag;void dfs(int t,int s) {if (t>=X) {flag=0;return;}if (!flag) return;for (int i=1;i<=size[s];i++)if (len[G[s][i]]+t>=X&&flag) {printf("%d ",V[a[G[s][i]]]);dfs(t+1,G[s][i]);if (!flag) return;}if (!flag) return;
}void solve() {flag=1;for (int i=1;i<=nn-X+1;i++)if (len[pos[i]]>=X&&flag) {printf("%d ",V[a[pos[i]]]);dfs(1,pos[i]);printf("\n");break;  }
}int main() {freopen("misswalmart.in","r",stdin);freopen("misswalmart.out","w",stdout);scanf("%d",&n);for (int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]),V[i]=a[i];                     //V[i]  记录i的原始值 sort(V+1,V+1+n);nn=unique(V+1,V+1+n)-V-1;for (int i=1;i<=n;i++) {a[i]=lower_bound(V+1,V+1+nn,a[i])-V;             //离散化 pos[a[i]]=(pos[a[i]]==0)? i:min(pos[a[i]],i);    //值最靠前的位置 }LIS();prepare();scanf("%d",&m);for (int i=1;i<=m;i++) {scanf("%d",&X);if (X>maxlen) {printf("LXALWAYSMISS\n");continue;}solve();}return 0;
}

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