首先不考虑a的限制

设 S(i)为i的约数和

据约数和定理

先将i分解因数

$$ i=p_1^{q_1}p_2^{q_2}...p_k^{q_k}$$

$$S(i)=\prod_{i=1}^k\sum_{j=0}^{q_i}p_i^j$$

当i与j互质时,S(i*j)=S(i)*S(j),满足积性函数性质,所以可以线性删出来

设g(i)为i最小质因数各幂次的加和

1.当i是质数,g(i)=S(i)=i+1

2.当i不与p(质数)互质是,S(i*p)=S(i)/g(i)*g(i*p)

3.当i与p互质时,S(i*p)=S(i)*(p+1)

(具体可见code)

题目让求$$ans=\sum_{i=1 j=1}^{i<=n j<=m}S(gcd(i,j))$$

设f(i)为gcd(x,y)==i的(x,y)数

F(i)为i|gcd(x,y)的(x,y)数

$$ f(i)=\sum_{i|d}\mu(\frac{d}{i})F(d)$$

$$ f(i)=\sum_{i|d}\mu(\frac{d}{i})\lfloor\frac{n}{d}\rfloor\lfloor\frac{m}{i}\rfloor$$

那么

$$ans=\sum_{i=1}^{min(n,m)}S(i)f(i)$$

$$(枚举约数) ans=\sum_{i=1}^{min(n,m)}S(i)\sum_{i|d}\mu(\frac{d}{i})\lfloor\frac{n}{d}\rfloor\lfloor\frac{m}{d}\rfloor$$

$$(枚举d) ans=\sum_{d=1}^{min(n,m)}\lfloor\frac{n}{d}\rfloor\lfloor\frac{m}{d}\rfloor\sum_{i|d}S(i)\mu(\frac{d}{i})$$

然后考虑加上a的限制条件,发现只要离线处理,用树状数组维护后面一项就行了

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <iostream>
#include <cmath>
#include <algorithm>
#define ll long long
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
using namespace std;
const int M=20006;
const int N=100006;struct VV
{int v,order;bool friend operator < (VV a,VV b){return a.v<b.v;}
}ji[N];int prime[N],cnt;
bool he[N];
int mu[N],g[N];void chu()
{mu[1]=1;g[1]=1;ji[1].v=1;ji[1].order=1;for(int i=2;i<N;++i){ji[i].order=i;if(!he[i]){prime[++cnt]=i;mu[i]=-1;g[i]=i+1;ji[i].v=i+1;}for(int j=1;j<=cnt&&prime[j]*i<N;++j){he[i*prime[j]]=1;if(i%prime[j]==0){mu[i*prime[j]]=0;g[i*prime[j]]=g[i]*prime[j]+1;ji[i*prime[j]].v=ji[i].v/g[i]*g[i*prime[j]];break;}mu[i*prime[j]]=-mu[i];g[i*prime[j]]=prime[j]+1;ji[i*prime[j]].v=ji[i].v*(prime[j]+1);}}/*printf("\n");for(int i=1;i<=10;++i)printf("%d ",ji[i].v);printf("\n");*/sort(ji+1,ji+N);
}struct Q
{int n,m,A;int order;bool friend operator < (Q a,Q b){return a.A<b.A;}
}q[M];int an[M];
int m;int c[N];
void add(int pos,int val)
{for(int i=pos;i<N;i+=(i&(-i)) )c[i]+=val;
}
int qq(int pos)
{int ans=0;for(int i=pos;i>0;i-=(i&(-i)) )ans+=c[i];return ans;
}inline void mk(int pos,int val)
{for(int i=pos;i<N;i+=pos ){add(i,val*mu[i/pos]);}//cout<<1;
}int get(int n,int m)
{if(n>m)swap(n,m);int nx;int ans=0;for(int i=1;i<=n;){nx=min( n/(n/i),m/(m/i) );ans+=(n/i)*(m/i)*( qq(nx)-qq(i-1) );i=nx+1;}return ans;
}void work()
{int IINF=(1<<31)-1,now=1;for(int i=1;i<=m;++i){while(ji[now].v<=q[i].A)mk(ji[now].order,ji[now].v),++now;an[q[i].order]=get(q[i].n,q[i].m)&IINF;}
}int main(){//freopen("in.in","r",stdin);freopen("sdoi2014shb.in","r",stdin);freopen("sdoi2014shb.out","w",stdout);//freopen("out.out","w",stdout);chu();scanf("%d",&m);for(int i=1;i<=m;++i){q[i].order=i;scanf("%d%d%d",&q[i].n,&q[i].m,&q[i].A);}sort(q+1,q+1+m);work();for(int i=1;i<=m;++i)printf("%d\n",an[i] );
}

bzoj_3529

转载于:https://www.cnblogs.com/A-LEAF/p/7639549.html

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