力扣第 107 场双周赛

因为打abc打(｡･∀･)ﾉﾞ嗨了，忘记cf是10.05了，所以只能去力扣了

A.直接模拟，然后把用过的点记录下次别用就行

class Solution:def maximumNumberOfStringPairs(self, words: List[str]) -> int:n=len(words)st=[0]*(n+10)res=0for i in range(0,n):for j in range(i+1,n):if st[j] or st[i]:continueif words[i]==words[j][::-1]:st[i]=st[j]=1res+=1return res

首先如果想不明白，你可以直接枚举开头为"AA" "AB""BB"的情况暴力做就行了

AB后面只能接AA，前面只能接BB，还能接自己（所以AB无敌）

AA后面只能接BB

BB前面直接接AB

然后讨论AA BB那个种类多就行

如果AA比BB多，那么就是BB个数+AB个数+（AA个数+1）（因为你可以用AA开头，用完最后一个BB之后再接一个AA）

反之同理

class Solution:def longestString(self, x: int, y: int, z: int) -> int:return 2 * (y + min(y + 1, x) + z) if x>y else 2 * (x + min(x + 1, y) + z)

记忆化搜索

状态就是用前i个字符串，当前最左边字符是l，右边字符是r的最大个数

复杂度26*26*n

dp只要记录前面和最后那个字符就行，中间用不到

class Solution:def minimizeConcatenatedLength(self, words: List[str]) -> int:n = len(words)@cachedef dfs(i, l, r):if i == n:return 0s = words[i]nl = s[0]nr = s[-1]return len(s) + min(dfs(i + 1, l, nr) - (r == nl), dfs(i + 1, nl, r) - (l == nr))return dfs(1, words[0][0], words[0][-1]) + len(words[0])

滑动窗口思想

因为x固定就是窗口长度固定

直接把询问数组和添加数组排序即可

用个cnt数组记录有多少种不同类别的服务器就行

如果当前端点小于询问的端点，就直接添加直到添加数组的端点大于询问端点

class Solution {
public:vector<int> countServers(int n, vector<vector<int>>& logs, int x, vector<int>& queries) {vector<int> cnt(n+10,0);int now=0;vector<pair<int,int>> a;int mx=0;for(int i=0;i<queries.size();i++){mx=max(mx,queries[i]);a.push_back({queries[i],i});}for(int i=0;i<logs.size();i++){mx=max(mx,logs[i][1]);}sort(logs.begin(),logs.end(),[&](const auto&p,const auto&q){return p[1]<q[1];});sort(a.begin(),a.end(),[&](const auto&p,const auto&q){return p.first<q.first; });int idx=0,idx1=0,idx2=0;int m=queries.size();vector<int> res(m,0);for(int i=0;i<a.size();i++){int r=a[i].first,l=a[i].first-x;while(idx<logs.size()&&logs[idx][1]<=r){if(cnt[logs[idx][0]]==0) now++;cnt[logs[idx][0]]++;idx++;}while(idx2<logs.size()&&logs[idx2][1]<l){if(cnt[logs[idx2][0]]==1) now--;cnt[logs[idx2][0]]--;idx2++;}res[a[i].second]=n-now;}return res;}
};

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