买卖股票的最佳时机Ⅲ和Ⅳ
买卖股票的最佳时机
- 1. 买卖股票的最佳时机Ⅲ
- 1.1 问题描述
- 1.2 动态规划步骤分析
- 1.3 C++实现
- 2. 买卖股票的最佳时机Ⅳ
- 2.1 问题描述
- 1.2 动态规划问题分析
- 2.3 C++实现
1. 买卖股票的最佳时机Ⅲ
1.1 问题描述
给定一个数组,它的第i个元素是一支给定的股票在第i天的价格
设计一个算法计算你能得到的最大利润,最多可以完成两笔交易。
注意:你不能同时参与多笔交易(必须在再次购买前出售掉之前的股票)
【示例】
输入:prices = [3,3,5,0,0,3,1,4]
输出:6
解释:在第 4 天(股票价格 = 0)的时候买入,在第 6 天(股票价格 = 3)的时候卖出,这笔交易所能获得利润 = 3-0 = 3 。随后,在第 7 天(股票价格 = 1)的时候买入,在第 8 天 (股票价格 = 4)的时候卖出,这笔交易所能获得利润 = 4-1 = 3 。
输入:prices = [1,2,3,4,5]
输出:4
解释:在第 1 天(股票价格 = 1)的时候买入,在第 5 天 (股票价格 = 5)的时候卖出, 这笔交易所能获得利润 = 5-1 = 4 。 注意你不能在第 1 天和第 2 天接连购买股票,之后再将它们卖出。 因为这样属于同时参与了多笔交易,你必须在再次购买前出售掉之前的股票。
输入:prices = [1]
输出:0
来源:力扣(LeetCode)
1.2 动态规划步骤分析
- (1)确定状态
一天总共五种状态:
0:没有操作 1:第一次买入 2:第一次卖出 3:第二次买入 4:第二次卖出
f[i][j]
中i
表示第i天,j
为[0-4]
五个状态,f[i][j]
表示第i
天状态j
所剩的最大现金。
- (2)转移方程
f[i][1]
有两种状态:- 第
i
天买入股票,则f[i][1] = f[i-1][0] - prices[i];
- 第
i
天没有操作,等同于前一天的状态,即f[i][1] = f[i-1][1];
- 第
f[i][2]
有两种状态:- 第
i
天卖出股票,则f[i][2] = f[i-1][1] + prices[i];
- 第
i
天没有操作,等同于前一天的状态,即f[i][2] = f[i-1][2];
- 第
- 依次往下类推
//f[i][1] f[i][1] = max(f[i-1][1],f[i-1][0] - prices[i]); //f[i][2] f[i][2] = max(f[i-1][2],f[i-1][1] + prices[i]); //f[i][3] f[i][3] = max(f[i-1][3],f[i-1][2] - prices[i]); //f[i][4] f[i][4] = max(f[i-1][4],f[i-1][3] + prices[i]);
- (3)初始化
第0天没有操作:f[0][0] = 0;第0天第一次买入:f[0][1] = -prices[0];第0天第一次卖出:f[0][2] = 0; //一般卖出就一定是获取利润的,卖出的最差获利为0,故初始化为0第0天第二次买入:f[0][3] = -prices[0]; //第二次买入依赖于第一次卖出,相当于第0天先买入卖出,然后再买入第0天第二次卖出:f[0][4] = 0; //一般卖出就一定是获取利润的,卖出的最差获利为0,故初始化为0
- (4)计算顺序
f[i]
依赖于f[i-1]
,故计算顺序从前往后。
- (5)举例
1.3 C++实现
int maxProfit3(vector<int>& prices){if(prices.size() == 0) return 0;vector<vector<int>> f(prices.size(),vector<int>(2));//初始化f[0][1] = f[0][3] = -prices[0];f[0][0] = f[0][2] = f[0][4] = 0;for(int i = 1;i < prices.size();++i){f[i][0] = f[i-1][0];f[i][1] = max(f[i-1][1],f[i-1][0] - prices[i]);f[i][2] = max(f[i-1][2],f[i-1][1] + prices[i]);f[i][3] = max(f[i-1][3],f[i-1][2] - prices[i]);f[i][4] = max(f[i-1][4],f[i-1][3] + prices[i]);}//利润最大的时候一定最后一次卖出所得的利润。所以最终最大利润是f[4][4]return f[prices.size()-1][4];
}
#include <iostream>
#include <vector>
using namespace std;int maxProfit3(vector<int>& prices);int main(){vector<int> prices = {1,2,3,4,5};cout << maxProfit3(prices) << endl;return 0;
}
2. 买卖股票的最佳时机Ⅳ
2.1 问题描述
给定一个整数数组prices
,它的第i
个元素prices[i]
是一支给定的股票在第i
天的价格。
设计一个算法来计算你能获得的最大利润,最多可以完成K
笔交易(不能同时参与多笔交易,即再次购买前需要出售掉之前的股票)
【示例】
输入:k = 2, prices = [2,4,1]
输出:2
解释:在第 1 天 (股票价格 = 2) 的时候买入,在第 2 天 (股票价格 = 4) 的时候卖出,这笔交易所能获得利润 = 4-2 = 2 。
输入:k = 2, prices = [3,2,6,5,0,3]
输出:7
解释:在第 2 天 (股票价格 = 2) 的时候买入,在第 3 天 (股票价格 = 6) 的时候卖出, 这笔交易所能获得利润 = 6-2 = 4 。随后,在第 5 天 (股票价格 = 0) 的时候买入,在第 6 天 (股票价格 = 3) 的时候卖出, 这笔交易所能获得利润 = 3-0 = 3 。
来源:力扣(LeetCode)
1.2 动态规划问题分析
(1)确定状态
使用二维数组
f[i][j]
。第i
天的状态为j
,所剩下的最大现金是f[i][j]
。j
的状态表示如下0:没有操作 1:第一次买入 2:第一次卖出 3:第二次买入 4:第二次卖出 ...... ......
除了
0
以外,偶数就是卖出,奇数就是买入。题目要求最多有k
笔交易,那么j的定义范围为[0,2*k+1]
//初始化二维数组f[i][j] vector<vector<int>> f(prices.size(),vector<int>(2*k+1,0));
(2)转移方程
f[i][1]
有两种状态:- 第
i
天买入股票,则f[i][1] = f[i-1][0] - prices[i];
- 第
i
天没有操作,等同于前一天的状态,即f[i][1] = f[i-1][1];
- 第
f[i][2]
有两种状态:- 第
i
天卖出股票,则f[i][2] = f[i-1][1] + prices[i];
- 第
i
天没有操作,等同于前一天的状态,即f[i][2] = f[i-1][2];
- 第
- 依次往下类推
for(int j = 0;j < 2*k - 1;j+=2){//奇数为买入 1,3,5,...f[i][j+1] = max(f[i-1][j+1],f[i-1][j] - prices[i]);//偶数为卖出 2,4,6,...f[i][j+2] = max(f[i-1][j+2],f[i-1][j+1] + prices[i]); }
(3)初始化
第0天没有操作:f[0][0] = 0; 第0天第一次买入:f[0][1] = -prices[0]; 第0天第一次卖出:f[0][2] = 0; //一般卖出就一定是获取利润的,卖出的最差获利为0,故初始化为0 第0天第二次买入:f[0][3] = -prices[0]; //第二次买入依赖于第一次卖出,相当于第0天先买入卖出,然后再买入 第0天第二次卖出:f[0][4] = 0; //一般卖出就一定是获取利润的,卖出的最差获利为0,故初始化为0 ... ...
- 可以推出
f[0][j]
当j
为奇数的时候都初始化为-prices[0]
;偶数时初始化为0
。
for(int j = 1;j < 2*k;j+=2){f[0][j] -= prices[0]; }
- 可以推出
(4)计算顺序
- 从转移方程其实已经可以看出,一定是从前向后遍历,因为
f[i]
,依靠f[i - 1]
的数值。
- 从转移方程其实已经可以看出,一定是从前向后遍历,因为
2.3 C++实现
int maxProfit4(vector<int>& prices,int k){if(prices.size() == 0) return 0;vector<vector<int>> f(prices.size(),vector<int>(2*k+1,0));//初始化数组元素for(int j = 1;j < 2*k ;j+=2){f[0][j] -= prices[0];}for(int i = 1; i < prices.size();++i){for(int j = 0;j < 2*k-1;j+=2){f[i][j+1] = max(f[i-1][j+1],f[i-1][j] - prices[i]);f[i][j+2] = max(f[i-1][j+2],f[i-1][j+1] + prices[i]);}}return f[prices.size()-1][2*k];
}
#include <iostream>
#include <vector>
using namespace std;int maxProfit4(vector<int>& prices,int k);int main(){vector<int> prices = {1,2,3,4,5};cout << maxProfit4(prices,2) << endl;return 0;
}
【参考】代码随想录
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