《计算机网络自顶向下方法》答案（第七章）

2024-05-14 02:48:39

《计算机网络自顶向下方法》答案（第七章）

P1

输出d1=[−1,1,−1,1,−1,1,−1,1]d_1=[-1,1,-1,1,-1,1,-1,1]d1=[−1,1,−1,1,−1,1,−1,1]
输出d2=[1,−1,1,−1,1,−1,1,−1]d_2=[1,-1,1,-1,1,-1,1,-1]d2=[1,−1,1,−1,1,−1,1,−1]

P2

发送端2输出为
[1,-1,1,1,1,-1,1,1]; [1,-1,1,1,1,-1,1,1]

P3

d12=1∗1+(−1)∗(−1)+1∗1+1∗1+1∗1+(−1)∗(−1)+1∗1+1∗18=1d_1^2=\frac{1*1+(-1)*(-1)+1*1+1*1+1*1+(-1)*(-1)+1*1+1*1}{8}=1d12=81∗1+(−1)∗(−1)+1∗1+1∗1+1∗1+(−1)∗(−1)+1∗1+1∗1=1
d22=1∗1+(−1)∗(−1)+1∗1+1∗1+1∗1+(−1)∗(−1)+1∗1+1∗18=1d_2^2=\frac{1*1+(-1)*(-1)+1*1+1*1+1*1+(-1)*(-1)+1*1+1*1}{8}=1d22=81∗1+(−1)∗(−1)+1∗1+1∗1+1∗1+(−1)∗(−1)+1∗1+1∗1=1

P4

Sender1:(1,1,1,-1,1,-1,-1,-1)
Sender2:(1,-1,1,1,1,1,1,1)

P5

a)

可以并行传播，但是要共享带宽
传播速率11Mbps

b)

不必共享带宽，速率22Mbps

P6

设想基站H1传输1000个长帧（比如一个视频）。结果在它第一帧传输一半的时候，H2传输了一帧。根据监听机制，H2会监听到信道忙，然后选择一个随机的等待时间。
H1传输完它的第一帧之后，进入DIFS状态，这时候H2还在休眠期，所以H1又开始传输第二帧，如此往复，H2就没机会传了。但是，如果H1每传输一帧后也到步骤2，它就有可能休眠，给H2传输的机会。

P7

空帧：
256bits11Mbps=23μsec\frac{256bits}{11Mbps}=23\mu sec11Mbps256bits=23μsec
数据帧：
8256bits11Mbps=751μsec\frac{8256bits}{11Mbps}=751\mu sec11Mbps8256bits=751μsec
总时间：
DIFS+RTS+SIFS+CTS+SIFS+FRAME+SIFS+ACK=
DIFS+3SIFS+820μsec\mu secμsec

P8

a)

1 message; 2 slots

b)

2 messages;2 slots

c)

1 message;1 slot

d)

i)

1 message;1 slot

ii)

2 messages;2 slots

iii)

2 messages;2 slots

e)

i)

1 message;4 slots

ii)

slot1: A–>B,D–>C
slot2:ACK B–>A
slot3:ACK C–>D
所以
是2个message,3个slot

iii）

slot1:message C–>D
slot2:ACK D–>C, message A–>B
slot3:ACK B–>A

所以是2个message,3个slot

P10

a)

10Mbps 不公平

b)

设n1,n2,n3,n4分别为ABCD各自slot的数量，则

10n1=5n2=2.5n3=n4
解得
n1=N/17,n2=2N/17,n3=4N/17,n4=10N/17

那么平均值就是
10n1+5n2+2.5n3+n4N=4017=2.35Mbps\frac{10n_1+5n_2+2.5n_3+n_4}{N}=\frac{40}{17}=2.35MbpsN10n1+5n2+2.5n3+n4=1740=2.35Mbps

c)

与上一问同理
A:
n1=N/9
平均值25/9=2.78Mbps
B、C、D略

P11

a)

否

b)

是

c)

不确定

P12

略

P13

数据报先到home再到移动端肯定比直接传输延时高

P14

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