注意：本博客代码被黑心数据Hack，有空补回来

啊啊啊这道难题总算是做出来了，首先是帅比浮云的题解发出来一下：http://www.cnblogs.com/fuyun-boy/p/5922742.html

原题目地址：https://www.luogu.org/problem/show?pid=2832

题目背景

小X来到了山区，领略山林之乐。在他乐以忘忧之时，他突然发现，开学迫在眉睫

题目描述

山区有n座山。山之间有m条羊肠小道，每条连接两座山，只能单向通过，并会耗费小X一定时间。

小X现在在1号山，他的目的是n号山，因为那里有火车站。

然而小X的体力是有限的。他每通过一条羊肠小道，就会变得更疲劳，导致他通过任意一条羊肠小道的时间都增加1。

输入输出格式

输入格式：

第一行两个数，n,m

第2行到第m+1行，每行3个数A，B，C，表示A、B之间有一条羊肠小道，可以让小X花费C的时间从A移动到B

输出格式：

两行第一行一个数T，表示小X需要的最短时间

第二行若干个数，用空格隔开，表示小X的移动路线

例：1 4 2 5表示：小X从1号山开始，移动到4号山，再到2号山，最后到5号山。

输入输出样例

输入样例#1：

输出样例#1：

7
1 3 5

说明

n<=10000, m<=200000

数据保证没有多条最短路径

【题解】

这道题就是最短路的变体，不过从起点到终点每多走一条边就要多加一点权值。

比如说原来的权值是6+7+9+3+5，之后的权值就是6+(7+1)+(9+2)+(3+3)+(5+4)了。

下面的这个是我写的代码。我的解决方法就是加上两个数组，一个是r，一个是tr。

d数组还是spfa一如既往的d数组，是除去这道题额外的条件的数组。

tr数组是补充数组(废话)，d[i]+tr[i]表示从起点走到这个点的最小花费。

r[i]是按照从起点走到第i个节点花费d[i]+tr[i]的最短路径时，最后一次的增加值。

比如说上面的那个6+(7+1)+(9+2)+(3+3)+(5+4)，表示一条路径，则这条路径终点节点的r数组的值是4。

因为走到这里最后一次加上的数字是4。

pre数组不说了，帅比浮云说了很清楚。。。

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <queue>
#define mp make_pair
using namespace std;
int n,m,h;
struct edge
{int v,w;edge*next;
};
edge* link[10001];
int d[10001],r[10001],tr[10001],pre[10001];
bool v[10001];
void add(int u,int v,int w)
{edge* p=new edge;p->v=v;p->w=w;p->next=link[u];link[u]=p;
}
void del(edge* p)
{if(p!=NULL){del(p->next);delete p;}
}
void spfa()
{queue<int>q;memset(d,0x3f,sizeof(d));d[1]=0;q.push(1);v[1]=true;while(!q.empty()){int x=q.front();q.pop();v[x]=false;for(edge* p=link[x];p!=0;p=p->next){if(d[x]+tr[x]+p->w+r[x]<d[p->v]+tr[p->v]){d[p->v]=d[x]+p->w;tr[p->v]=tr[x]+r[x];r[p->v]=r[x]+1;pre[p->v]=x;if(v[p->v]==false){v[p->v]=true;q.push(p->v);}}}}
}
void print(int n)
{if(n!=1)print(pre[n]);printf("%d ",n);
}
int main()
{int CO2,H2O,H2CO3;scanf("%d%d",&n,&m);for(int i=1;i<=m;i++){scanf("%d%d%d",&CO2,&H2O,&H2CO3);add(CO2,H2O,H2CO3);}spfa();printf("%d\n",d[n]+tr[n]);print(n);for(int i=1;i<=n;i++)del(link[i]);return 0;
}

祝各位NOIP2016 RP++ SCORE++

转载于:https://www.cnblogs.com/oier/p/6036492.html

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