【LeetCode 二分查找专项】最长递增子序列(300)(to be polished...)
文章目录
- 1. 题目
- 1.1 示例
- 1.2 说明
- 1.3 提示
- 1.4 进阶
- 2. 解法一(动态规划)
- 2.1 分析
- 2.2 解答
- 2.3 复杂度
- 3. 解法二(二分查找)
- 3.1 分析
- 3.2 解答
- 3.3 复杂度
- 4. 进阶(输出最长递增子序列)
1. 题目
给你一个整数数组 nums
,找到其中最长严格递增子序列的长度。
子序列是通过删除(或不删除)数组中的元素但不改变其余元素顺序而派生得到的序列。例如,[3, 6, 2, 7]
是数组 [0, 3, 1, 6, 2, 2, 7]
的子序列。
1.1 示例
- 示例 1:
- 输入:
nums = [10, 9, 2, 5, 3, 7, 101, 18]
- 输出: 444
- 解释: 最长递增子序列是
[2, 3, 7, 101]
,因此长度为 444 。
- 示例 2:
- 输入:
nums = [0, 1, 0, 3, 2, 3]
- 输出: 444
- 示例 3:
- 输入:
nums = [7, 7, 7, 7, 7, 7, 7]
- 输出: 111
1.2 说明
- 来源: 力扣(LeetCode)
- 链接: https://leetcode-cn.com/problems/longest-increasing-subsequence
1.3 提示
- 1≤nums.length≤25001 \le nums.length \le 25001≤nums.length≤2500
- −104≤nums[i]≤104-10^4 \le nums[i] \le 10^4−104≤nums[i]≤104
1.4 进阶
- 你可以设计时间复杂度为 O(n2)O(n^2)O(n2) 的解决方案吗?
- 你能将算法的时间复杂度降低到 O(nlog(n))O(n log(n))O(nlog(n)) 吗?
- 你能进一步输出该最长递增子序列吗?
2. 解法一(动态规划)
2.1 分析
定义 dp[i]
为 以 nums[i]
结尾的最长递增子序列长度。根据这个定义,很显然 dp[i]
的初始值都应该为 111 ,因为以 nums[i]
结尾的最长递增子序列至少应该包含其自身。
接下来我们从小到大计算 dp
数组的值,假设在计算 dp[i]
之前,我们已经计算出 dp[0]
至 dp[i − 1]
的值,可以据此根据下列公式(即状态转移方程)计算出 dp[i]
:
dp[i]=max(dp[j])+1dp[i] = max(dp[j]) + 1 dp[i]=max(dp[j])+1
其中: 0≤j<i0≤j<i0≤j<i 且 num[j] < num[i]
,即尝试往 dp[0]
至 dp[i − 1]
中所对应的最长递增子序列后面再加一个 nums[i]
。由于 dp[j]
代表以 nums[j]
结尾的最长递增子序列,所以如果能从 dp[j]
这个状态转移过来,那么 nums[i]
必然要大于 nums[j]
,才能将 nums[i]
放在 nums[j]
后面以形成更长的递增子序列。
最后,我们所需的结果一定是 dp
数组中的最大值。
- 作者: LeetCode-Solution
2.2 解答
from typing import Listclass Solution:@classmethoddef length_of_lis(cls, nums: List[int]) -> int:if not nums:return 0dp = [1 for _ in range(len(nums))]for i in range(len(nums)):for j in range(i):if nums[i] > nums[j]:dp[i] = max(dp[i], dp[j] + 1)return max(dp)def main():nums = [10, 9, 2, 5, 3, 7, 101, 18]sln = Solution()print(sln.length_of_lis(nums))if __name__ == '__main__':main()
- 执行用时: 2928 ms , 在所有 Python3 提交中击败了 40.73% 的用户;
- 内存消耗: 15.2 MB , 在所有 Python3 提交中击败了 29.34% 的用户。
2.3 复杂度
- 时间复杂度: O(n2)O(n^2)O(n2),其中 nnn 为数组
nums
的长度。动态规划的状态数为 nnn,计算状态dp[i]
时,需要 O(n)O(n)O(n) 的时间遍历dp[0]
至dp[i − 1]
的所有状态,所以总时间复杂度为 O(n2)O(n^2)O(n2);- 空间复杂度: O(n)O(n)O(n),需要额外使用长度为 nnn 的
dp
数组。
3. 解法二(二分查找)
- 作者: hiepit
3.1 分析
- 假设
nums = [2, 6, 8, 3, 4, 5, 1]
,按照下列步骤使用初始为空的辅助序列可以得到最长递增子序列的长度:- 选取第一个元素 222 ,则
sub1 = [2]
; - 由于 666 大于前一个元素,那么
sub1 = [2, 6]
; - 由于 888 大于前一个元素,那么
sub1 = [2, 6, 8]
; - 由于 333 小于前一个元素,我们不能直接将其追加至
sub1
之后,但这个元素必须暂时保留,因为在之后可能会有以[2, 3]
开头的最长子序列,所以这里再使用另外一个辅助序列,最后得到sub1 = [2, 6, 8]
,sub2 = [2, 3]
; - 对于元素 444 ,我们虽不能将其追加至
sub1
之后,但可以追加至sub2
之后,因此sub1 = [2, 6, 8]
,sub2 = [2, 3, 4]
; - 对于元素 555 ,类似地有
sub1 = [2, 6, 8]
,sub2 = [2, 3, 4, 5]
; - 对于元素 111 ,类似第 444 步,有
sub1 = [2, 6, 8]
,sub2 = [2, 3, 4, 5]
,sub3 = [1]
; - 最后,我们得到最长的递增子序列长度的为
len(sub2) = 4
。
- 选取第一个元素 222 ,则
- 然而,在上述步骤中,由于我们需要使用多个辅助的序列,因此效率会很低。实际上,我们可以仅使用一个辅助序列
sub
:当nums[i]
大于sub
中最后一个元素时,直接往其后进行元素追加;- 当某元素
nums[i]
不大于sub
中的最后一个元素时,我们可以使用二分查找先找到sub
中不小于nums[i]
的元素中最小的那个,然后使用nums[i]
对其进行替换。
- 基于上述改进,我们还是以
nums = [2, 6, 8, 3, 4, 5, 1]
为例,解释该算法的主要过程:- 对于元素 222 ,有
sub = [2]
; - 对于元素 666 ,有
sub = [2, 6]
; - 对于元素 888 ,有
sub = [2, 6, 8]
; - 对于元素 333 ,此时需要先找到
sub
中不小于 333 的最小元素,即 666 ;然后替换后得到sub = [2, 3, 8]
; - 对于元素 444 ,同样,将其替换 888 ,得到
sub = [2, 3, 4]
; - 对于元素 555 ,有
sub = [2, 3, 4, 5]
; - 对于元素 111 ,同第 444 和第 555 步,有
sub = [1, 3, 4, 5]
; - 最终,可得最长递增子序列的长度为
len(sub) = 4
。
- 对于元素 222 ,有
- 实际上,上述步骤最后得到的
sub
相当于按照 Patience Sorting 进行排列扑克牌的分堆后,每一堆牌最顶层牌组成的序列。
3.2 解答
from bisect import bisect_left
from typing import Listclass BinaryGreedySolution:@classmethoddef length_of_lis(cls, nums: List[int]) -> int:sub = []for num in nums:if len(sub) == 0 or num > sub[-1]:sub.append(num)else:idx = bisect_left(sub, num)sub[idx] = numreturn len(sub)def main():nums = [10, 9, 2, 5, 3, 7, 101, 18]print(BinaryGreedySolution.length_of_lis(nums))if __name__ == '__main__':main()
- 执行用时: 40 ms , 在所有 Python3 提交中击败了 96.69% 的用户;
- 内存消耗: 15 MB , 在所有 Python3 提交中击败了 87.45% 的用户。
3.3 复杂度
- 时间复杂度: O(nlog(n))O(nlog(n))O(nlog(n)) ,其中 nnn 为序列 nums 中的元素数量;
- 空间复杂度: O(n)O(n)O(n) ,使用了一个辅助的序列,该序列最多保存 nnn 个元素。
4. 进阶(输出最长递增子序列)
from bisect import bisect_left
from typing import Listclass BinaryGreedySolution:@classmethoddef length_of_lis(cls, nums: List[int]) -> int:sub = []for num in nums:if len(sub) == 0 or num > sub[-1]:sub.append(num)else:idx = bisect_left(sub, num)sub[idx] = numreturn len(sub)@classmethoddef path_of_lis(cls, nums: List[int]):sub = []sub_index = [] # Store index instead of value for tracing path purposepath = [-1] * len(nums) # path[i] point to the index of previous number in LISfor i, x in enumerate(nums):if len(sub) == 0 or sub[-1] < x:if len(sub_index) == 0:path[i] = -1else:path[i] = sub_index[-1]sub.append(x)sub_index.append(i)else:idx = bisect_left(sub, x) # Find the index of the smallest number >= x, replace that number with xif idx == 0:path[i] = -1else:path[i] = sub_index[idx - 1]sub[idx] = xsub_index[idx] = ians = []t = sub_index[-1]while t >= 0:ans.append(nums[t])t = path[t]return ans[::-1]def main():nums = [10, 9, 2, 5, 3, 7, 101, 18]print(BinaryGreedySolution.length_of_lis(nums))print(BinaryGreedySolution.path_of_lis(nums))if __name__ == '__main__':main()
- 时间复杂度: O(nlogn)O(nlogn)O(nlogn)
- 空间复杂度: O(n)O(n)O(n)
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