的input最大长度_LeetCode 84 | 单调栈解决最大矩形问题
今天是LeetCode专题第52篇文章,我们一起来看LeetCode第84题,Largest Rectangle in Histogram(最大矩形面积)。
这道题的官方难度是Hard,点赞3581,反对只有80,通过率在34.7%左右。从通过率上来看,难度其实还可以,并没有特别大,但是这道题的点赞比很高,说明题目的质量很好。实际上也的确如此,这题非常经典,我个人也非常推荐。建议大家有能力的都做一下本题,一定会很有收获。
题意
假设我们有一系列宽度相同都为1的矩形竖直地摆放在一起,请问摆放而成的这个图案所能围成的最大矩形的面积是多少?
比如上图当中,我们有6个矩形,它们的宽度都是1。我们能找到的最大矩形应该是中间5和6围成的矩形:
题目给定一个含有若干个整数的数字,表示这些矩形的高度,要求返回能找到的面积最大的矩形的面积。
样例
Input: [2,1,5,6,2,3]Output: 10
区间求最值
拿到手应该能感受到这题的难度,我们一上来的确没有什么太好的思路,题目也比较明确,没有太多可以分析的入手点。所以我们可以先来思考一下最简单的解法。
最简单的解法就是找出能够围成的所有矩形,然后比较它们之间的面积,得出其中的最大面积。我们很容易可以想到可以遍历矩形的起始位置,这样就得到了矩形的宽。至于矩形的长也很简单,就是选定的这个区间段里的最低高度。
我们可以做一个小小的思路转换,假设这些矩形都是木条,我们是要选出木条来制作木桶。那么根据木桶效应,木桶围成的水的高度取决于最短的那根木条,同样围成矩形的面积的高取决于这些矩形当中最矮的那个。也就是说,当我们确定了区间之后,我们只需要找到区间里最小的数就可以了。所以这题就转化成了区间求最值的问题,比如上图当中,如果我们选择最后三个矩形,那么它的高度就是2。
我们假设一共有n个长条矩形可供选择,那么我们可以选出的首尾组合就是C_n^2,大概是n的平方量级个区间。对于每个区间,我们需要遍历它们中的元素获取最小值,这需要O(n)的遍历时间,所以整体的复杂度应该在O(n^3)量级。显然这是一个非常大的数量级,当n超过1000就很难计算出解了。
这个思路显然不够好,我们想要对它进行优化也不容易。比如说如果你学过线段树这类的数据结构,可能还会想到使用线段树,我们可以将每次求最小值的查询优化到O(log n),但即便如此最终的复杂度也很高。这是因为我们遍历区间首尾位置就耗费了O(n^2),而这是很难优化的。所以这个思路的极限已经确定了,我们无法做出大的优化。
从这点出发,如果存在更好的解法,那么一定不是通过这种方式进行的。
逆向思维
上面的一种思路虽然不太可行,但是它提供了一种正向思路。我们搜索所有的区间,然后通过区间里的木条确定区围成矩形的高度,就得到了矩形的面积。
既然这条路走不通,我们能不能反向思考呢?我们假设我们找到了答案,它是区间[a, b]段的木条围成的矩形,它的高度是h。那么根据木桶效应,a到b区间段的木条当中一定有一根的长度是h。比如下图当中[5, 6, 2, 3]如果要围成矩形,那么高度只能是2。
既然如此,我们可以寻找以某根木条为短板所能构成的最大矩形。比如上图当中,如果我们以第一根木条去寻找,就只能找到它本身,所以这个矩形的面积就是1 x 2 = 2。如果以第二根木条为短板去寻找,可以找到整个区间,它对应的面积就是1 x 6 = 6。
因为我们只有n个木条,以每个木条为短板寻找最大矩形,那么我们一定可以找出最多n个矩形。最终的答案一定在这n个矩形当中,在正向思维当中我们寻找木条区间需要O(n^2)的复杂度,然而我们寻找短板,只需要O(n),也就是说这种思路的搜索空间更小,只要我们保证搜索的效率,就可以更快地找到答案。
为了找到每个木条对应的最大矩形,我们需要找到每个短板向左以及向右能够延伸到的最远位置。比如上图例子当中,根据每个木条向右延伸的最远位置,我们可以得到[0, 5, 3, 3, 5, 5],同样,我们可以得到每根木条向左延伸的数组:[0, 0, 2, 3, 2, 5]。有了这两个数组之后,我们就可以计算出以每一根木条为短板的最大矩形的面积,在这其中面积最大的那个就是答案。
这个位置我们可以使用单调栈来求,我们用一个有序的栈来维护延伸的位置。举个例子,我们用从栈底往栈顶递增的单调栈来维护每根木条向右延伸的位置。当我们遇到一根新的木条时,会弹出栈中所有比它长的值。对于这些值来说,这根新的木条就是它的右边界。比如[5, 6, 2],一开始读到5,入栈。接着读到6,由于6大于栈顶的5,所以6入栈。最后读到2,由于2比6小,所以6出栈,对于6来说,2的位置就是它的右侧边界。正是由于2比它小,所以它才需要出栈,也说明了2的左侧的元素都比6来的大,否则6在之前就应该出栈了。同理,2也是5的右侧边界。
如果你不了解单调栈,可以参考一下之前的文章:
单调栈、构造法、two pointers,这道Hard题的解法这么多?
我们把以上的逻辑翻转,就得到了左侧边界求解的逻辑。左右边界有了之后,我们只需要乘上它们之间的区间长度就得到了矩形的面积。
接着,我们来写出代码:
class Solution: def largestRectangleArea(self, heights: List[int]) -> int: n = len(heights) # 左侧边界初始化为0 left_side = [0 for i in range(n)] # 右侧边界初始化为n-1 right_side = [n-1 for _ in range(n)] stack_left = [] stack_right = [] for i in range(n): h = heights[i] # 弹出栈中所有比当前元素小的值 # 注意,栈内存储的是下标 while len(stack_right) > 0 and h < heights[stack_right[-1]]: tail = stack_right[-1] stack_right.pop() right_side[tail] = i - 1 # 当前元素入栈 stack_right.append(i) # 把坐标翻转,等价于逆向遍历 i_ = n - 1 - i h = heights[i_] # 维护单调栈的逻辑同上 while len(stack_left) > 0 and h < heights[stack_left[-1]]: tail = stack_left[-1] stack_left.pop() left_side[tail] = i_ + 1 # 当前元素入栈 stack_left.append(i_) ret = 0 for i in range(n): # 矩形面积等于右侧边界-左侧边界+1 x 高度 cur = (right_side[i] - left_side[i] + 1) * heights[i] ret = max(ret, cur) return ret
总结
想要把这道题做出来,单单理清楚题意和单单会单调栈都是没有用的。既需要理清楚题意,从最简单的解法出发推导出优化的方法,也需要深刻理解单调栈这个数据结构,才可以灵活应用。
另外,在代码当中需要特别注意边界的情况。比如初始化时左右边界的设定,以及可能会出现连续相等元素的情况,这些都需要纳入考虑。代码虽然看起来简单,但是隐藏了很多细节,所以只看代码是没用的,最好还是能亲自实现一下。
今天的文章到这里就结束了,如果喜欢本文的话,请来一波素质三连,给我一点支持吧(关注、转发、点赞)。
本文始发于公众号:TechFlow
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