poj 1436 Horizontally Visible Segments
题目大意:
在一个平面内,有一些竖直的线段,若两条竖直线段之间可以连一条水平线,这条水平线不与其他竖直线段相交,称这两条竖直线段为“相互可见”的。若存在三条竖直线段,两两“相互可见”,则构成“线段三角形”。给出一些竖直的线段,问一共有多少“线段三角形”。
首先处理端点问题:想象一下若同一x位置有两条线段,y坐标为1~2和3~4。其实中间的空当2~3之间是可以引水平线段的,而这里我们都用整数处理,那条水平线段就被忽略了,可能会导致有一些水平相互可见的线段在计算中被忽略了,这里我们扩大y坐标之间的空间,这时我们就可以多出一个整数来便于我们的整数处理,这样就可以简单地处理端点问题,并且它对于所有情况都有很好的效果.自己画个图就明白了。
线段处理:首先对线段以X大小进行排序;再进行询问,询问时是以当前的线段与先前的线段是不是“相互可见”的;再进行更新。
这里我们用到了覆盖的原则。如果不明白先做做这个题吧。http://poj.org/problem?id=2777
#include<cstdio>#include<iostream>#include<cstring>#include<algorithm>#include<vector>using namespace std;class Node{public:int l ,r ,c; };class segment{public:int y1,y2,x; };Node tree[40024];int v[10024];segment seg[10024];vector<int>see[10024];class Tree{public:void Maketree( int l, int r ,int cnt );void Update( int l, int r ,int cnt, int id );void Query( int l ,int r, int cnt, int id );};void Tree::Maketree( int l ,int r, int cnt ){ tree[cnt].l = l; tree[cnt].r = r; tree[cnt].c = -1;//-1表示该区间有个线段; if( l == r ) return ;int mid = ( l + r )>>1; Maketree( l , mid , cnt*2 ); Maketree( mid + 1 ,r ,cnt*2+1 ); }void Tree::Update( int l ,int r, int cnt , int id ){if( l <= tree[cnt].l&& r >= tree[cnt].r )//符合要求的区间被覆盖 { tree[cnt].c = id;return; } else {if( tree[cnt].c != -1 )//如果不为-1则表示该区间(y轴这个区间)只有一条线段那么就要复原 { tree[cnt*2].c = tree[cnt*2+1].c = tree[cnt].c; tree[cnt].c = -1; }int mid = ( tree[cnt].l + tree[cnt].r )>>1;if( r > mid ) Update( l , r , cnt*2 +1 , id );if( l <= mid ) Update( l , r , cnt*2 , id );if( tree[cnt*2].c == tree[cnt*2+1].c )//由下往上更新 tree[cnt].c = tree[cnt*2].c;else tree[cnt].c = -1; }}void Tree::Query(int l, int r ,int cnt , int id){// if( l > tree[cnt].r || r > tree[cnt].l )// return ; if( tree[cnt].c != -1 ) {if( v[tree[cnt].c] != id ) { see[ tree[cnt].c ].push_back( id ); v[tree[cnt].c] = id; }return ; }// Query( l , r, cnt*2 + 1, id );// Query( l , r , cnt *2 ,id ); if( tree[cnt].l == tree[cnt].r ) return;else {int mid = ( tree[cnt].l + tree[cnt].r )>>1;if( mid < l ) Query( l , r, cnt*2 + 1, id );else {if( r <= mid ) Query( l , r, cnt*2 , id );else { Query( l , mid , cnt *2 ,id ); Query( mid + 1 , r ,cnt*2+1 , id ); } } }}bool cmp( segment a ,segment b ){return a.x < b.x; }int main( ){int n,m;while( scanf( "%d",&n )==1 ) {while( n-- ) { Tree e; scanf( "%d",&m );for( int i=0; i<m ;i++ ) { scanf( "%d%d%d",&seg[i].y1, &seg[i].y2 ,&seg[i].x ); seg[i].y1 *= 2; seg[i].y2 *= 2; see[i].clear(); } e.Maketree( 0 , 16000 , 1 ); sort( seg , seg+m ,cmp ); memset( v , -1 ,sizeof( v ) );for( int i = 0 ; i< m ;i++ ) { e.Query( seg[i].y1, seg[i].y2 , 1 , i ); e.Update( seg[i].y1 , seg[i]. y2 , 1 ,i ); }int ans = 0;for( int i= 0 ; i < m ;i++ ) {int t = see[i].size();for( int j= 0 ; j< t ;j++ ) {for( int k = j+1 ;k< t ;k++ ) {int z = see[see[i][j]].size();for( int l = 0 ; l < z ; l++ ) {if( see[i][k] == see[see[i][j]][l] ) { ans++;break; } } } } } printf( "%d\n",ans ); } }return 0; }
转载于:https://www.cnblogs.com/bo-tao/archive/2012/02/27/2370276.html
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