1. 时针分针重合几次
    表面上有60个小格,每小格代表一分钟,
    时针每分钟走1/12小格,分针每分钟走1小格,从第一次重合到第二次重合分针比时针多走一圈即60小格,所以
    60/(1-1/12)=720/11
    每隔720/11分才重合一次(而并不是每小时重合一次)

1440里有22个720/11,如果说算上0点和24点,那也是重合23次而已,但我觉得0点应该算到前一天的24点头上,所以每一天循环下来重合22次啊

  1. 找出字符串的最长不重复子串,输出长度
    建一个256个单元的数组,每一个单元代表一个字符,数组中保存上次该字符上次出现的位置;
    依次读入字符串,同时维护数组的值;
    如果遇到冲突了,就返回冲突字符中保存的位置,继续第二步。也可以用hashmap保存已经出现的字符和字符的位置

  2. 说是有一个文本文件,大约有一万行,每行一个词,要求统计出其中最频繁出
    现的前十个词。
    先用哈希,统计每个词出现的次数,然后在用在N个数中找出前K大个数的方法找出出现
    次数最多的前10个词。

  3. 如题3,但是车次文件特别大,没有办法一次读入内存。
    1) 直接排序,写文件时,同时写入字符串及其出现
    次数。
    2) 可以用哈希,比如先根据字符串的第一个字符将字符串换分为多个区域,每个区域的字符串写到一个文件内,然后再用哈希+堆统计每个区域内前10个频率最高的字符串,最后求出所有字符串中前10个频率最高的字符串。

  4. 有一个整数n,将n分解成若干个整数之和,问如何分解能使这些数的乘积最大,输出这个乘积m。例如:n=12
    (1)分解为1+1+1+…+1,12个1, m=1*1*1……*1=1
    (2)分解为2+2+…+2,6个2, m=64
    (3)分解为3+3+3+3,4个3, m=81
    (4)大于等于4时分解时只能分解为2和3,且2最多两个
    f(n) = 3*f(n-3) n>4
    f(4) = 2*2
    f(3) = 3
    f(2) = 2分解为4+4+4,3个4, m=64

  5. 求数组n中出现次数超过一半的数
    把数组分成[n/2]组,则至少有一组包含重复的数,因为如果无重复数,则最多只有出现次数等于一半的数。算法如下:
    k<-n;
    while k>3 do
    把数组分成[k/2]组;
    for i=1 to [k/2] do
    if 组内2个数相同,则任取一个数留下;
    else 2个数同时扔掉;
    k<-剩下的数
    if k=3
    then 任取2个数进行比较;
    if 两个数不同,则2个数都扔掉
    else 任取一个数
    if k=2 or 1 then 任取一数

  6. A文件中最多有n个正整数,而且每个数均小于n,n <=10的七次方。不会出现重复的数。
    要求对A文件中的数进行排序,可用内存为1M,磁盘可用空间足够。
    不要把任何问题都往很复杂的算法上靠,最直接最简单的解决问题才是工程师应有的素质,
    题目给的很有分寸:n个数,都小于n,两两不同,1M=10^6byte=10^7bit的内存,n <10^7
    思路:
    把1M内存看作是一个长度为10^7的位数组,每一位都初始化为0
    从头扫描n个数,如果碰到i,就把位数组的第i个位置置为1,

1M内存有点少, (1M = 8M bits), 可以代表8M整数,现在n <=10的七次方,你可以读2遍文件,就可以完成排序了。第一次排n <8M得数, 第2遍排 8M

include

define max(a,b) ((a)<(b)?(b):(a))

define abs(a) ((a)>0?(a):-(a))

int foo(int x, int y)
{
int t = max(abs(x), abs(y));
int u = t + t;
int v = u - 1;
v = v * v + u;
if (x == -t)
v += u + t - y;
else if (y == -t)
v += 3 * u + x - t;
else if (y == t )
v += t - x;
else
v += y - t;
return v;
}
int main()
{
int x, y;
for (y=-2;y<=2;y++)
{
for (x=-2;x<=2;x++)
printf(“%5d”, foo(x, y));
printf(“\n”);
}
return 0;
}
第 0 层规定为中间的那个 1,第 1 层为 2 到 9,第 2 层为 10 到 25,……好像看出一点名堂来了?注意到 1、9、25、……不就是平方数吗?而且是连续奇数(1、3、5、……)的平方数。这些数还跟层数相关,推算一下就可以知道第 t 层之内一共有 (2t-1)^2 个数,因而第 t 层会从 [(2t-1)^2] + 1 开始继续往外螺旋。给定坐标 (x,y),如何知道该点处于第几层?so easy,层数 t = max(|x|,|y|)。

知道了层数,接下来就好办多了,这时我们就知道所求的那点一定在第 t 层这个圈上,顺着往下数就是了。要注意的就是螺旋队列数值增长方向和坐标轴正方向并不一定相同。我们可以分成四种情况——上、下、左、右——或者——东、南、西、北,分别处于四条边上来分析。

东|右:x == t,队列增长方向和 y 轴一致,正东方向(y = 0)数值为 (2t-1)^2 + t,所以 v = (2t-1)^2 + t + y

南|下:y == t,队列增长方向和 x 轴相反,正南方向(x = 0)数值为 (2t-1)^2 + 3t,所以 v = (2t-1)^2 + 3t - x

西|左:x == -t,队列增长方向和 y 轴相反,正西方向(y = 0)数值为 (2t-1)^2 + 5t,所以 v = (2t-1)^2 + 5t - y

北|上:y == -t,队列增长方向和 x 轴一致,正北方向(x = 0)数值为 (2t-1)^2 + 7t,所以 v = (2t-1)^2 + 7t + x

  1. 一个整数,知道位数,如何判断它是否能被3整除,不可以使用除法和模运算
    首先 3x=2^n+1时 仅当 n 为奇数才可能 因为2^n = 3x + (-1)^n;所以该问题就转化为了
    找到最后一个为1的位a,看看向前的一个1(b)和这个位的距离,如果为偶数的距离则不能整除,如果是奇数,去除b之后的位继续判断

  2. seq=[a,b,…,z,aa,ab,…,az,ba,bb…,bz,…za,zb,…,zz,aaa…],求[a-z]+(从a到z任意字符组成的字符串)s在seq的位置,即排在第几
    本质就是26进制。

大家都知道,看一个数是否能被2整除只需要看它的个位能否被2整除即可。可是你想过为什么吗?这是因为10能被2整除,因此一个数10a+b能被2整除当且仅当b能被2整除。大家也知道,看一个数能否被3整除只需要看各位数之和是否能被3整除。这又是为什么呢?答案或多或少有些类似:因为10^n-1总能被3整除。2345可以写成2*(999+1) + 3*(99+1) + 4*(9+1) + 5,展开就是2*999+3*99+4*9 + 2+3+4+5。前面带了数字9的项肯定都能被3整除了,于是要看2345能否被3整除就只需要看2+3+4+5能否被3整除了。当然,这种技巧只能在10进制下使用,不过类似的结论可以推广到任意进制。
注意到36是4的整数倍,而ZZZ…ZZ除以7总是得555…55。也就是说,判断一个36进制数能否被4整除只需要看它的个位,而一个36进制数能被7整除当且仅当各位数之和能被7整除。如果一个数同时能被4和7整除,那么这个数就一定能被28整除。于是问题转化为,有多少个连续句子满足各位数字和是7的倍数,同时最后一个数是4的倍数。这样,我们得到了一个O(n)的算法:用P[i]表示前若干个句子除以7的余数为i有多少种情况,扫描整篇文章并不断更新P数组。当某句话的最后一个字能被4整除时,假设以这句话结尾的前缀和除以7余x,则将此时P[x]的值累加到最后的输出结果中(两个前缀的数字和除以7余数相同,则较长的前缀多出来的部分一定整除7)。
上述算法是我出这道题的本意,但比赛后我见到了其它各种各样新奇的算法。比如有人注意到36^n mod 28总是等于8,利用这个性质也可以构造出类似的线性算法来。还有人用动态规划(或者说递推)完美地解决了这个问题。我们用f[i,j]表示以句子i结束,除以28余数为j的文本片段有多少个;处理下一句话时我们需要对每一个不同的j进行一次扫描,把f[i-1,j]加进对应的f[i,j’]中。最后输出所有的f[i,0]的总和即可。这个动态规划可以用滚动数组,因此它的空间同前面的算法一样也是常数的。
如果你完全不知道我在说什么,你可以看看和进位制、同余相关的文章。另外,我之前还曾出过一道很类似的题(VOJ1090),你可以对比着看一看。

有一个整数n,写一个函数f(n),返回0到n之间出现的”1”的个数。比如f(13)=6,现在f(1)=1,问有哪些n能满足f(n)=n?

例如:f(13)=6, 因为1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13.数数1的个数,正好是6.

public class Test {

public int n = 2;

public int count = 0;

public void BigestNumber(int num) {

for (int i = 1; i <= num; i++) {
int m = 0;

int j = i;
while (j > 0) {
m = j % 10;

if (m == 1)
count++;
if (j > 0)
j = j / 10;

}

}

System.out.println(“f(” + num + “)=” + count);

}

public static void main(String args[]) {
Test t = new Test();
long begin = System.currentTimeMillis();
t.BigestNumber(10000000);
long end = System.currentTimeMillis();
System.out.println(“总时间” + (end-begin)/1000 + “秒”);
}
}

结果:
f(10000000)=7000001
总时间5秒

1、将一整数逆序后放入一数组中(要求递归实现)
void convert(int *result, int n) {
if(n>=10)
convert(result+1, n/10);
*result = n%10;
}
int main(int argc, char* argv[]) {
int n = 123456789, result[20]={};
convert(result, n);
printf(“%d:”, n);
for(int i=0; i<9; i++)
printf(“%d”, result);
}
2、求高于平均分的学生学号及成绩(学号和成绩人工输入)
double find(int total, int n) {
int number, score, average;
scanf(“%d”, &number);
if(number != 0) {
scanf(“%d”, &score);
average = find(total+score, n+1);
if(score >= average)
printf(“%d:%d\n”, number, score);
return average;
} else {
printf(“Average=%d\n”, total/n);
return total/n;
}
}
int main(int argc, char* argv[]) {
find(0, 0);
}
3、递归实现回文判断(如:abcdedbca就是回文,判断一个面试者对递归理解的简单程序)
int find(char *str, int n) {
if(n<=1) return 1;
else if(str[0]==str[n-1]) return find(str+1, n-2);
else return 0;
}
int main(int argc, char* argv[]) {
char *str = “abcdedcba”;
printf(“%s: %s\n”, str, find(str, strlen(str)) ? “Yes” : “No”);
}
4、组合问题(从M个不同字符中任取N个字符的所有组合)
void find(char *source, char *result, int n) {
if(n==1) {
while(*source)
printf(“%s%c\n”, result, *source++);
} else {
int i, j;
for(i=0; source != 0; i++);
for(j=0; result[j] != 0; j++);
for(; i>=n; i–) {
result[j] = *source++;
result[j+1] = ‘\0’;
find(source, result, n-1);
}
}
}
int main(int argc, char* argv[]) {
int const n = 3;
char *source = “ABCDE”, result[n+1] = {0};
if(n>0 && strlen(source)>0 && n<=strlen(source))
find(source, result, 3);
}
5、分解成质因数(如435234=251*17*17*3*2)
void prim(int m, int n) {
if(m>n) {
while(m%n != 0) n++;
m /= n;
prim(m, n);
printf(“%d*”, n);
}
}
int main(int argc, char* argv[]) {
int n = 435234;
printf(“%d=”, n);
prim(n, 2);
}
6、寻找迷宫的一条出路,o:通路; X:障碍。(大家经常谈到的一个小算法题)

define MAX_SIZE 8

int H[4] = {0, 1, 0, -1};
int V[4] = {-1, 0, 1, 0};
char Maze[MAX_SIZE][MAX_SIZE] = {{‘X’,’X’,’X’,’X’,’X’,’X’,’X’,’X’},
{‘o’,’o’,’o’,’o’,’o’,’X’,’X’,’X’},
{‘X’,’o’,’X’,’X’,’o’,’o’,’o’,’X’},
{‘X’,’o’,’X’,’X’,’o’,’X’,’X’,’o’},
{‘X’,’o’,’X’,’X’,’X’,’X’,’X’,’X’},
{‘X’,’o’,’X’,’X’,’o’,’o’,’o’,’X’},
{‘X’,’o’,’o’,’o’,’o’,’X’,’o’,’o’},
{‘X’,’X’,’X’,’X’,’X’,’X’,’X’,’X’}};
void FindPath(int X, int Y) {
if(X == MAX_SIZE || Y == MAX_SIZE) {
for(int i = 0; i < MAX_SIZE; i++)
for(int j = 0; j < MAX_SIZE; j++)
printf(“%c%c”, Maze[j], j < MAX_SIZE-1 ? ’ ’ : ‘\n’);
}else for(int k = 0; k < 4; k++)
if(X >= 0 && Y >= 0 && Y < MAX_SIZE && X < MAX_SIZE && ‘o’ == Maze[X][Y]) {
Maze[X][Y] = ’ ‘;
FindPath(X+V[k], Y+H[k]);
Maze[X][Y] =’o’;
}
}
int main(int argc, char* argv[]) {
FindPath(1,0);
}
7、随机分配座位,共50个学生,使学号相邻的同学座位不能相邻(早些时候用C#写的,没有用C改写)。
static void Main(string[] args)
{
int Tmp = 0, Count = 50;
int[] Seats = new int[Count];
bool[] Students = new bool[Count];
System.Random RandStudent=new System.Random();
Students[Seats[0]=RandStudent.Next(0,Count)]=true;
for(int i = 1; i < Count; ) {
Tmp=(int)RandStudent.Next(0,Count);
if((!Students[Tmp])&&(Seats[i-1]-Tmp!=1) && (Seats[i-1] - Tmp) != -1) {
Seats[i++] = Tmp;
Students[Tmp] = true;
}
}
foreach(int Student in Seats)
System.Console.Write(Student + ” “);
System.Console.Read();
}
8、求网格中的黑点分布。现有6*7的网格,在某些格子中有黑点,已知各行与各列中有黑点的点数之和,请在这张网格中画出黑点的位置。

define ROWS 6

define COLS 7

int iPointsR[ROWS] = {2, 0, 4, 3, 4, 0}; // 各行黑点数和的情况
int iPointsC[COLS] = {4, 1, 2, 2, 1, 2, 1}; // 各列黑点数和的情况
int iCount, iFound;
int iSumR[ROWS], iSumC[COLS], Grid[ROWS][COLS];
int Set(int iRowNo) {
if(iRowNo == ROWS) {
for(int iColNo=0; iColNo < COLS && iSumC[iColNo]==iPointsC[iColNo]; iColNo++)
if(iColNo == COLS-1) {
printf(“\nNo.%d:\n”, ++iCount);
for(int i=0; i < ROWS; i++)
for(int j=0; j < COLS; j++)
printf(“%d%c”, Grid[j], (j+1) % COLS ? ’ ’ : ‘\n’);
iFound = 1; // iFound = 1,有解
}
} else {
for(int iColNo=0; iColNo < COLS; iColNo++) {
if(iPointsR[iRowNo] == 0) {
Set(iRowNo + 1);
} else if(Grid[iRowNo][iColNo]==0) {
Grid[iRowNo][iColNo] = 1;
iSumR[iRowNo]++; iSumC[iColNo]++; if(iSumR[iRowNo]

define M 5

int k, Found, Flag[N];
int Stamp[M] = {0, 1, 4, 12, 21};
// 在剩余张数n中组合出面值和Value
int Combine(int n, int Value) {
if(n >= 0 && Value == 0) {
Found = 1;
int Sum = 0;
for(int i=0; i

include “stdafx.h”

define N 4

int Cost[N][N] = { {2, 12, 5, 32}, // 行号:任务序号,列号:工人序号
{8, 15, 7, 11}, // 每行元素值表示这个任务由不同工人完成所需要的时间
{24, 18, 9, 6},
{21, 1, 8, 28}};
int MinCost=1000;
int Task[N], TempTask[N], Worker[N];
void Assign(int k, int cost) {
if(k == N) {
MinCost = cost;
for(int i=0; i

define N 8

int Board[N][N];
int Valid(int i, int j) { // 判断下棋位置是否有效
int k = 1;
for(k=1; i>=k && j>=k;k++)
if(Board[i-k][j-k]) return 0;
for(k=1; i>=k;k++)
if(Board[i-k][j]) return 0;
for(k=1; i>=k && j+k

include “stdafx.h”

define N 5

define SIZE 64

// 将人员编号:小明-0,弟弟-1,爸爸-2,妈妈-3,爷爷-4
// 每个人的当前位置:0–在桥左边, 1–在桥右边
int Position[N];
// 过桥临时方案的数组下标; 临时方案; 最小时间方案;
int Index, TmpScheme[SIZE], Scheme[SIZE];
// 最小过桥时间总和,初始值100;每个人过桥所需要的时间
int MinTime=100, Time[N]={1, 3, 6, 8, 12};
// 寻找最佳过桥方案。Remnant:未过桥人数; CurTime:当前已用时间;
// Direction:过桥方向,1–向右,0–向左
void Find(int Remnant, int CurTime, int Direction) {
if(Remnant == 0) { // 所有人已经过桥,更新最少时间及方案
MinTime=CurTime;
for(int i=0; i

include “stdafx.h”

typedef char eleType; // 定义链表中的数据类型
typedef struct listnode { // 定义单链表结构
eleType data;
struct listnode *next;
}node;
node *create(int n) { // 创建单链表,n为节点个数
node p = (node )malloc(sizeof(node));
node *head = p; head->data = ‘A’;
for(int i=’B’; i<’A’+n; i++) {
p = (p->next = (node *)malloc(sizeof(node)));
p->data = i;
p->next = NULL;
}
return head;
}
void print(node *head) { // 按链表顺序输出链表中元素
for(; head; head = head->next)
printf(“%c “, head->data);
printf(“\n”);
}
node *reverse(node *head, node *pre) { // 逆转单链表函数。这是笔试时需要写的最主要函数
node *p=head->next;
head->next = pre;
if(p) return reverse(p, head);
else return head;
}
int main(int argc, char* argv[]) {
node *head = create(6);
print(head);
head = reverse(head, NULL);
print(head);
}
18、编码实现字符串转整型的函数(实现函数atoi的功能)。如将字符串 ”+123”?123, ”-0123”?-123, “123CS45”?123, “123.45CS”?123, “CS123.45”?0

include “stdafx.h”

int str2int(const char *str) { // 字符串转整型函数
int i=0, sign=1, value = 0;
if(str==NULL) return NULL; // 空串直接返回 NULL
if(str[0]==’-’ || str[0]==’+’) { // 判断是否存在符号位
i = 1;
sign = (str[0]==’-’ ? -1 : 1);
}
for(; str>=’0’ && str<=’9’; i++) // 如果是数字,则继续转换
value = value * 10 + (str - ‘0’);
return sign * value;
}
int main(int argc, char *argv[]) {
char *str = “-123.45CS67”;
int val = str2int(str);
printf(“str=%s\tval=%d\n”, str, val);
}
19、歌德巴赫猜想。任何一个偶数都可以分解为两个素数之和。

include “stdafx.h”

include “math.h”

int main(int argc, char* argv[]) {
int Even=78, Prime1, Prime2, Tmp1, Tmp2;
for(Prime1=3; Prime1<=Even/2; Prime1+=2) {
for(Tmp1=2,Tmp2=sqrt(float(Prime1)); Tmp1<=Tmp2 && Prime1%Tmp1 != 0; Tmp1++);
if(Tmp1<=Tmp2) continue;
Prime2 = Even-Prime1;
for(Tmp1=2,Tmp2=sqrt(float(Prime2)); Tmp1<=Tmp2 && Prime2%Tmp1 != 0; Tmp1++);
if(Tmp1<=Tmp2) continue;
printf(“%d=%d+%d\n”, Even, Prime1, Prime2);
}
}
20、快速排序

include “stdafx.h”

define N 10

int part(int list[], int low, int high) { // 一趟排序,返回分割点位置
int tmp = list[low];
while(low

include “stdafx.h”

int IsEchoNum(int num) {
int tmp = 0;
for(int n = num; n; n/=10)
tmp = tmp *10 + n%10;
return tmp==num;
}
int main(int argc, char* argv[]) {
int num = 12321;
printf(“%d %d\n”, num, IsEchoNum(num));
}
22、删除字符串中的数字并压缩字符串,如字符串”abc123de4fg56”处理后变为”abcdefg”。注意空间和效率。(下面的算法只需要一次遍历,不需要开辟新空间,时间复杂度为O(N))

include “stdafx.h”

void delNum(char *str) {
int i, j=0;
// 找到串中第一个数字的位子
for(i=j=0; str && (str<’0’ || str>’9’); j=++i);

// 从串中第一个数字的位置开始,逐个放入后面的非数字字符
for(; str; i++)
if(str<’0’ || str>’9’)
str[j++] = str;
str[j] = ‘\0’;
}
int main(int argc, char* argv[]) {
char str[] = “abc123ef4g4h5”;
printf(“%s\n”, str);
delNum(str);
printf(“%s\n”, str);
}
23、求两个串中的第一个最长子串。如”abractyeyt”,”dgdsaeactyey”的最大子串为”actyet”。

include “stdafx.h”

char *MaxSubString(char *str1, char *str2) {
int i, j, k, index, max=0;
for(i=0; str1; i++)
for(j=0; str2[j]; j++) {
for(k=0; str1[i+k]==str2[j+k] && (str2[i+k] || str1[i+k]); k++);
if(k>max) { // 出现大于当前子串长度的子串,则替换子串位置和程度
index = j; max = k;
}
}
char strResult = (char )calloc(sizeof(char), max+1);
for(i=0; i

include “stdafx.h”

void change(char *str) {
for(int i=0,j=strlen(str)-1; i

include “stdafx.h”

void delChar(char *str, char c) {
int i, j=0;
for(i=0; str; i++)
if(str!=c) str[j++]=str;
str[j] = ‘\0’;
}
int main(int argc, char* argv[]) {
char str[] = “abcdefgh”; // 注意,此处不能写成char *str = “abcdefgh”;
printf(“%s\n”, str);
delChar(str, ‘c’);
printf(“%s\n”, str);
}
26、判断单链表中是否存在环

include “stdafx.h”

typedef char eleType; // 定义链表中的数据类型
typedef struct listnode { // 定义单链表结构
eleType data;
struct listnode *next;
}node;
node *create(int n) { // 创建单链表,n为节点个数
node p = (node )malloc(sizeof(node));
node *head = p; head->data = ‘A’;
for(int i=’B’; i<’A’+n; i++) {
p = (p->next = (node *)malloc(sizeof(node)));
p->data = i;
p->next = NULL;
}
return head;
}
void addCircle(node *head, int n) { // 增加环,将链尾指向链中第n个节点
node *q, *p = head;
for(int i=1; p->next; i++) {
if(i==n) q = p;
p = p->next;
}
p->next = q;
}
int isCircle(node *head) {
node *p=head,*q=head;
while( p->next && q->next) {
p = p->next;
if (NULL == (q=q->next->next)) return 0;
if (p == q) return 1;
}
return 0;
}
int main(int argc, char* argv[]) {
node *head = create(12);
addCircle(head, 8); // 注释掉此行,连表就没有环了
printf(“%d\n”, isCircle(head));
}

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