1011 Kejin Player

当时推出的公式是这样的：p[i]*a[i]+(1-p)*dp[i-1]*sum[i],一直被循环转移所困扰。其实转换一下，将成功时的期望操作次数求出来：1/p[i]。

那么公式很容易想到是1/p[i]*a[i]+1/p[i](1-p[i])sum,sum是x[i-1]到i-1的答案区间和。。。

【代码】

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const ll mod = 1e9 + 7;
ll powmod(ll a,ll b) {ll res=1;a%=mod;
assert(b>=0); for(;b;b>>=1){if(b&1)res=res*a%mod;a=a*a%mod;}return res;}
typedef long long ll;
const int N = 5e5+10;
ll inv(ll x)
{return powmod(x,mod-2);
}
ll r[N],s[N],x[N],a[N];
ll dp[N],p[N],sum[N];
int main()
{int _;cin>>_;while(_--){int n,q;scanf("%d%d",&n,&q);for(int i=1;i<=n;++i){scanf("%lld%lld%lld%lld",&r[i],&s[i],&x[i],&a[i]);p[i]=s[i]*inv(r[i])%mod;}dp[1]=0;for(int i=1;i<=n;++i){dp[i]=(p[i]*a[i]%mod+(p[i]-1)*(sum[i-1]-sum[x[i]-1]+mod)%mod)%mod;sum[i]=(sum[i-1]+dp[i])%mod;}while(q--){int l,r;scanf("%d%d",&l,&r);printf("%lld\n",(sum[r-1]-sum[l-1]+mod)%mod);}}
}

1001 A + B = C

非常恶心，好像不能简单的考虑加法，只能按题解的减法来处理。加法一直wawawa

正在补...

1006 Final Exam

思路来自一位写得不错得小姐姐的博客：芋圆西米露

以下来自芋圆西米露

思路：考官最坏情况拿m来分配给n+1-k份卷子来卡你最小的n+1-k个复习时间段，那么最少可以需要m+1个小时分给你的最小的n+1-k个复习时间段，保证了至少有一份试卷不会被卡掉，剩下k-1个复习时间要保证大于等于你最小的n+1-k个复习时间段的最大值。最糟糕的情况是n+1-k个复习时间段尽可能平均的分配，所以剩下k-1个最小的情况是都为m+1尽可能分配给n+1-k个每一段的较大值。最后输出两段之和即可。

ps：太妙了，很妙的思路。。

代码短，就直接复制代码了。

【代码】

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
int main()
{int t; scanf("%d",&t);while(t--){ll n,m,k; scanf("%lld%lld%lld",&n,&m,&k);ll t=m/(n-(k-1))+1;printf("%lld\n",t*(k-1)+m+1);}return 0;
}

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HDU6656 2019 Multi-University Training Contest 7

题目链接：

1011 Kejin Player

1001 A + B = C

1006 Final Exam

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